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汉中市高中2018-2019学年高二上学期数学期末模拟试卷含解析

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汉中市高中2018-2019学年高二上学期数学期末模拟试卷含解析班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________

一、选择题

1. 若不等式1≤a﹣b≤2,2≤a+b≤4,则4a﹣2b的取值范围是( A.[5,10]

B.(5,10)

C.[3,12]

D.(3,12)

x2y22. 椭圆C:1的左右顶点分别为A1,A2,点P是C上异于A1,A2的任意一点,且直线PA1斜率的

43取值范围是1,2,那么直线PA2斜率的取值范围是( )

A.133133, B., C.,1 D.,1244248【命题意图】本题考查椭圆的标准方程和简单几何性质、直线的斜率等基础知识,意在考查函数与方程思想和基本运算能力.

3. 给出下列命题:①多面体是若干个平面多边形所围成的图形;②有一个平面是多边形,其余各面是三角形的几何体是棱锥;③有两个面是相同边数的多边形,其余各面是梯形的多面体是棱台.其中正确命题的个数是( A.0 4. 以椭圆

+

B.1

C.2

D.3

=1的顶点为焦点,焦点为顶点的双曲线C,其左、右焦点分别是F1,F2,已知点M坐标为

=

,则

﹣S

(2,1),双曲线C上点P(x0,y0)(x0>0,y0>0)满足)A.2

B.4

C.1

D.﹣1

 

 

5. 若函数f(x)=ax2+bx+1是定义在[﹣1﹣a,2a]上的偶函数,则该函数的最大值为( A.5

B.4

C.3

D.2

 

6. 直线l过点P(2,﹣2),且与直线x+2y﹣3=0垂直,则直线l的方程为( A.2x+y﹣2=0

B.2x﹣y﹣6=0

C.x﹣2y﹣6=0

D.x﹣2y+5=0

x2y27. F1,F2分别为双曲线221(a,b0)的左、右焦点,点P在双曲线上,满足PF1PF20,

ab31若PF1F2的内切圆半径与外接圆半径之比为,则该双曲线的离心率为( )

2A.2 B.3C. 21D. 31第 1 页,共 18 页

【命题意图】本题考查双曲线的几何性质,直角三角形内切圆半径与外接圆半径的计算等基础知识,意在考查基本运算能力及推理能力.

8. 函数y(a4a4)a是指数函数,则的值是( A.4

B.1或3

C.3

D.1

)D.2

B.3

C.1

2x)

9. 一个骰子由1~6六个数字组成,请你根据图中三种状态所显示的数字,推出“”处的数字是( A.6

10.正方体的内切球与外接球的半径之比为( A.

B.

C.

D.

11.设f(x)是偶函数,且在(0,)上是增函数,又f(5)0,则使f(x)0的的取值范围是( A.5x0或x5 A.2015

B.x5或x5 B.2016

C.5x5

12.执行下面的程序框图,若输入x2016,则输出的结果为(

D.x5或0x5D.2048

C.2116

二、填空题

13.如图为长方体积木块堆成的几何体的三视图,此几何体共由      块木块堆成.第 2 页,共 18 页

14.已知过球面上 A,B,C 三点的截面和球心的距离是球半径的一半,且

ABBCCA2,则

球表面积是_________.

15.已知α为钝角,sin(

+α)=,则sin(

﹣α)=      .,则

+

的最大值为      . 

16.0)P,Q是单位圆上的两动点且满足已知A(1,,

17.设直线系M:xcosθ+(y﹣2)sinθ=1(0≤θ≤2π),对于下列四个命题:A.M中所有直线均经过一个定点

B.存在定点P不在M中的任一条直线上

C.对于任意整数n(n≥3),存在正n边形,其所有边均在M中的直线上D.M中的直线所能围成的正三角形面积都相等

其中真命题的代号是  (写出所有真命题的代号).

18.设有一组圆Ck:(x﹣k+1)2+(y﹣3k)2=2k4(k∈N*).下列四个命题:①存在一条定直线与所有的圆均相切;②存在一条定直线与所有的圆均相交;③存在一条定直线与所有的圆均不相交;④所有的圆均不经过原点.

其中真命题的代号是      (写出所有真命题的代号).  

三、解答题

19.已知函数f(x)=4(Ⅰ)当x∈[0,

sinxcosx﹣5sin2x﹣cos2x+3.

]时,求函数f(x)的值域;

=2+2cos(A+C),

(Ⅱ)若△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且满足=求f(B)的值. 

第 3 页,共 18 页

20.如图,三棱柱ABC﹣A1B1C1中,侧面AA1C1C⊥底面ABC,AA1=A1C=AC=2,AB=BC,且AB⊥BC,O为AC中点.

(Ⅰ)证明:A1O⊥平面ABC;

(Ⅱ)求直线A1C与平面A1AB所成角的正弦值;

(Ⅲ)在BC1上是否存在一点E,使得OE∥平面A1AB,若不存在,说明理由;若存在,确定点E的位置.

 

21.已知梯形ABCD中,AB∥CD,∠B=如图所示的几何体σ.(1)求几何体σ的表面积;

,DC=2AB=2BC=2,以直线AD为旋转轴旋转一周得到

第 4 页,共 18 页

(2)点M时几何体σ的表面上的动点,当四面体MABD的体积为.

,试判断M点的轨迹是否为2个菱形

 

22.(本小题满分10分)选修41:几何证明选讲

如图所示,已知PA与⊙O相切,A为切点,过点P的割线交圆于B,C两点,弦CD//AP,AD,BC相 交于点E,F为CE上一点,且DE2EFEC.(Ⅰ)求证:EDFP;

(Ⅱ)若CE:BE3:2,DE3,EF2,求PA的长.

23.(本小题满分12分)

第 5 页,共 18 页

12x(a3)xlnx.2(1)若函数f(x)在定义域上是单调增函数,求的最小值;

112(2)若方程f(x)(a)x(a4)x0在区间[,e]上有两个不同的实根,求的取值范围.

2e已知函数f(x)24.已知an是等差数列,bn是等比数列,Sn为数列an的前项和,a1b11,且b3S336,

b2S28(nN*).

(1)求an和bn;

1(2)若anan1,求数列的前项和Tn.

aann1第 6 页,共 18 页

汉中市高中2018-2019学年高二上学期数学期末模拟试卷含解析(参)

一、选择题

1. 【答案】A

【解析】解:令4a﹣2b=x(a﹣b)+y(a+b)即

解得:x=3,y=1

即4a﹣2b=3(a﹣b)+(a+b)∵1≤a﹣b≤2,2≤a+b≤4,∴3≤3(a﹣b)≤6

∴5≤(a﹣b)+3(a+b)≤10故选A

【点评】本题考查的知识点是简单的线性规划,其中令4a﹣2b=x(a﹣b)+y(a+b),并求出满足条件的x,y,是解答的关键. 

2. 【答案】B

3. 【答案】B【解析】111]

试题分析:由题意得,根据几何体的性质和结构特征可知,多面体是若干个平面多边形所围成的图形是正确的,故选B.

考点:几何体的结构特征.4. 【答案】 A

【解析】解:∵椭圆方程为

+

=1,

∴其顶点坐标为(3,0)、(﹣3,0),焦点坐标为(2,0)、(﹣2,0),∴双曲线方程为

第 7 页,共 18 页

设点P(x,y),记F1(﹣3,0),F2(3,0),∵∴

整理得:

化简得:5x=12y﹣15,又∵∴5

解得:y=或y=∴P(3,),

∴直线PF1方程为:5x﹣12y+15=0,∴点M到直线PF1的距离d=

易知点M到x轴、直线PF2的距离都为1,

结合平面几何知识可知点M(2,1)就是△F1PF2的内心.故故选:A.

=

=

=2,

=1,

﹣4y2=20,(舍),

=5,

=

=

【点评】本题考查椭圆方程,双曲线方程,三角形面积计算公式,注意解题方法的积累,属于中档题. 

5. 【答案】A

第 8 页,共 18 页

【解析】解:函数f(x)=ax2+bx+1是定义在[﹣1﹣a,2a]上的偶函数,可得b=0,并且1+a=2a,解得a=1,所以函数为:f(x)=x2+1,x∈[﹣2,2],函数的最大值为:5.故选:A.

【点评】本题考查函数的最大值的求法,二次函数的性质,考查计算能力. 

6. 【答案】B

【解析】解:∵直线x+2y﹣3=0的斜率为﹣,∴与直线x+2y﹣3=0垂直的直线斜率为2,故直线l的方程为y﹣(﹣2)=2(x﹣2),化为一般式可得2x﹣y﹣6=0故选:B

【点评】本题考查直线的一般式方程和垂直关系,属基础题. 

7. 【答案】D

【解析】∵PF1PF20,∴PF1PF2,即PF1F2为直角三角形,∴PF12PF22F1F224c2,|PF1PF2|2a,则2PF1PF2PF12PF22(PF1PF2)24(c2a2),

(PF1PF2)2(PF1PF2)24PF1PF28c24a2.所以PF1F2内切圆半径

rPF1PF2F1F231c,整理,得2c2a2c,外接圆半径Rc.由题意,得2c2a2c22c()2423,∴双曲线的离心率e31,故选D.a8. 【答案】C【解析】

考点:指数函数的概念.9. 【答案】A【解析】

试题分析:根据与相邻的数是1,4,3,而与相邻的数有1,2,5,所以1,3,5是相邻的数,故“?”表示的数是,故选A.

第 9 页,共 18 页

考点:几何体的结构特征.10.【答案】C

【解析】解:正方体的内切球的直径为,正方体的棱长,外接球的直径为,正方体的对角线长,设正方体的棱长为:2a,所以内切球的半径为:a;外接球的直径为2所以,正方体的内切球与外接球的半径之比为:故选C 

11.【答案】B

a,半径为:

a,

点:函数的奇偶性与单调性.

【思路点晴】本题主要考查函数的单调性、函数的奇偶性,数形结合的数学思想方法.由于函数是偶函数,所以定义域关于原点对称,图象关于y轴对称,单调性在y轴两侧相反,即在x0时单调递增,当x0时,函数单调递减.结合f(5)0和对称性,可知f(5)0,再结合函数的单调性,结合图象就可以求得最后的解集.112.【答案】D【解析】

试题分析:由于20160,由程序框图可得对循环进行加运算,可以得到x2,从而可得y1,由于

20151,则进行y2y循环,最终可得输出结果为2048.1

考点:程序框图.

二、填空题

13.【答案】 4 

【解析】解:由三视图可以看出此几何体由两排两列,前排有一个方块,后排左面一列有两个木块右面一列有一个,

故后排有三个,故此几何体共有4个木块组成.故答案为:4.

 

第 10 页,共 18 页

14.【答案】【解析】111]

9考点:球的体积和表面积.

【方法点晴】本题主要考查了球的表面积和体积的问题,其中解答中涉及到截面圆圆心与球心的连线垂直于截面,球的性质、球的表面积公式等知识点的综合考查,着重考查了学生分析问题和解答问题的能力,属于中档试题,本题的解答中熟记球的截面圆圆心的性质,求出球的半径是解答的关键.15.【答案】 ﹣

【解析】解:∵sin(∴cos(=sin(

﹣α)=cos[+α)=,

<α<π,

,+α)=,﹣(

+α)]

 .

∵α为钝角,即∴∴sin(∴sin(=﹣=﹣

.<

﹣α)<0,﹣α)=﹣

故答案为:﹣

【点评】本题考查运用诱导公式求三角函数值,注意不同角之间的关系,正确选择公式,运用平方关系时,必须注意角的范围,以确定函数值的符号. 

16.【答案】  .

第 11 页,共 18 页

【解析】解:设∴

+

=

故答案为:

=

,则=1×

×

=

=

的方向任意.

,因此最大值为

【点评】本题考查了数量积运算性质,考查了推理能力 与计算能力,属于中档题. 

17.【答案】BC【解析】

【分析】验证发现,直线系M:xcosθ+(y﹣2)sinθ=1(0≤θ≤2π)表示圆x2+(y﹣2)2=1的切线的集合,A.M中所有直线均经过一个定点(0,2)是不对,可由圆的切线中存在平行线得出,B.存在定点P不在M中的任一条直线上,观察直线的方程即可得到点的坐标.

C.对于任意整数n(n≥3),存在正n边形,其所有边均在M中的直线上,由直线系的几何意义可判断,D.M中的直线所能围成的正三角形面积一定相等,由它们是同一个圆的外切正三角形可判断出.【解答】解:因为点(0,2)到直线系M:xcosθ+(y﹣2)sinθ=1(0≤θ≤2π)中每条直线的距离d=

=1,直线系M:xcosθ+(y﹣2)sinθ=1(0≤θ≤2π)表示圆x2+(y﹣2)2=1的切线的集合,

A.由于直线系表示圆x2+(y﹣2)2=1的所有切线,其中存在两条切线平行,M中所有直线均经过一个定点

(0,2)不可能,故A不正确;

B.存在定点P不在M中的任一条直线上,观察知点M(0,2)即符合条件,故B正确;C.由于圆的所有外切正多边形的边都是圆的切线,所以对于任意整数n(n≥3),存在正n边形,其所有边均在M中的直线上,故C正确;

D.如下图,M中的直线所能围成的正三角形有两类,

其一是如△ABB′型,是圆的外切三角形,此类面积都相等,另一类是在圆同一侧,如△BDC型,此一类面积相等,但两类之间面积不等,所以面积大小不一定相等,故本命题不正确.故答案为:BC.

18.【答案】 ②④ 

第 12 页,共 18 页

【解析】解:根据题意得:圆心(k﹣1,3k),

圆心在直线y=3(x+1)上,故存在直线y=3(x+1)与所有圆都相交,选项②正确;考虑两圆的位置关系,圆k:圆心(k﹣1,3k),半径为两圆的圆心距d=两圆的半径之差R﹣r=

(k+1)2﹣

k2=2

k+

k2,

(k+1)2,

=

圆k+1:圆心(k﹣1+1,3(k+1)),即(k,3k+3),半径为

任取k=1或2时,(R﹣r>d),Ck含于Ck+1之中,选项①错误;若k取无穷大,则可以认为所有直线都与圆相交,选项③错误;

将(0,0)带入圆的方程,则有(﹣k+1)2+9k2=2k4,即10k2﹣2k+1=2k4(k∈N*),

因为左边为奇数,右边为偶数,故不存在k使上式成立,即所有圆不过原点,选项④正确.则真命题的代号是②④.故答案为:②④

【点评】本题是一道综合题,要求学生会将直线的参数方程化为普通方程,会利用反证法进行证明,会利用数形结合解决实际问题. 

三、解答题

19.【答案】

【解析】解:(Ⅰ)f(x)=4sin2x+2cos2x=4sin(2x+∵x∈[0,∴2x+

∈[],,

],

).

sinxcosx﹣5sin2x﹣cos2x+3=2

sin2x﹣

+3=2

∴f(x)∈[﹣2,4].

(Ⅱ)由条件得 sin(2A+C)=2sinA+2sinAcos(A+C),∴sinAcos(A+C)+cosAsin(A+C)=2sinA+2sinAcos(A+C),化简得 sinC=2sinA,由正弦定理得:c=2a,又b=

a2cosA,解得:cosA=

由余弦定理得:a2=b2+c2﹣2bccosA=3a2+4a2﹣4故解得:A=

,B=

,C=

第 13 页,共 18 页

∴f(B)=f()=4sin=2.

【点评】本题考查了平方关系、倍角公式、两角和差的正弦公式及其单调性、正弦定理、余弦定理,考查了推理能力和计算能力,属于中档题. 

20.【答案】

【解析】解:(Ⅰ)证明:因为A1A=A1C,且O为AC的中点,所以A1O⊥AC.

又由题意可知,平面AA1C1C⊥平面ABC,交线为AC,且A1O⊂平面AA1C1C,所以A1O⊥平面ABC.

(Ⅱ)如图,以O为原点,OB,OC,OA1所在直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系.由题意可知,A1A=A1C=AC=2,又AB=BC,AB⊥BC,∴所以得:

则有:.

设平面AA1B的一个法向量为n=(x,y,z),则有令y=1,得

所以

因为直线A1C与平面A1AB所成角θ和向量n与(Ⅲ)设即所以

令OE∥平面A1AB,得即﹣1+λ+2λ﹣λ=0,得

,,得

,,得

所成锐角互余,所以

即存在这样的点E,E为BC1的中点.

第 14 页,共 18 页

【点评】本小题主要考查空间线面关系、直线与平面所成的角、三角函数等知识,考查数形结合、化归与转化的数学思想方法,以及空间想象能力、推理论证能力和运算求解能力 

21.【答案】

【解析】解:(1)根据题意,得;该旋转体的下半部分是一个圆锥,

上半部分是一个圆台中间挖空一个圆锥而剩下的几何体,其表面积为S=或S=

×4π×2

×4π×2

×2=8×(4π×2

π,﹣2π×

)+

×2π×

=8

π;

(2)由已知S△ABD=

×2×sin135°=1,

,只要M点到平面ABCD的距离为1,

因而要使四面体MABD的体积为

因为在空间中有两个平面到平面ABCD的距离为1,

它们与几何体σ的表面的交线构成2个曲边四边形,不是2个菱形.

【点评】本题考查了空间几何体的表面积与体积的计算问题,也考查了空间想象能力的应用问题,是综合性题目. 

22.【答案】

【解析】【命题意图】本题考查相交弦定理、三角形相似、切割线定理等基础知识,意在考查逻辑推理能力.

第 15 页,共 18 页

23.【答案】(1);(2)0a1.1111]【解析】

1f'(x)0对x0恒成立,即a(x)3对x0恒成立,

x1而当x0时,(x)3231,

x∴a1.

若函数f(x)在(0,)上递减,

则f'(x)0对x0恒成立,即a(x)3对x0恒成立,这是不可能的.综上,a1.的最小值为1. 1

1x第 16 页,共 18 页

(2)由f(x)(a)x(a2)x2lnx0,得(a)x(2a)x2lnx,

1221221(1)x22x(lnxx)lnxxlnxx1x2lnxxr(x)即a,令,,r'(x)2233xxxx得1x2lnx0的根为1,

考点:1、利用导数研究函数的单调性;2、函数零点问题及不等式恒成立问题.

【方法点晴】本题主要考查利用导数研究函数的单调性、函数零点问题及不等式恒成立问题,属于难题.不等式恒成立问题常见方法:①分离参数af(x)恒成立(af(x)min即可)或af(x)恒成(af(x)max即可);②数形结合;③讨论最值f(x)min0或f(x)max0恒成立;④讨论参数.本题(2)就是先将问题转化为不等式恒成立问题后再利用①求得的最小值的.

请考生在第22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.解答时请写清题号.24.【答案】(1)an2n1,bn2【解析】

n1或an1n(52n),bn6n1;(2).32n1第 17 页,共 18 页

试题解析:(1)设an的公差为d,bn的公比为,

2q2(33d)36,d2,d,由题意得解得或3q2,q(2d)8,q6.1n1n1∴an2n1,bn2或an(52n),bn6.

3(2)若anan+1,由(1)知an2n1,

11111(),∴

anan1(2n1)(2n1)22n12n1111111n)∴Tn(1….

23352n12n12n1考点:1、等差数列与等比数列的通项公式及前项和公式;2、裂项相消法求和的应用.

第 18 页,共 18 页

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