混凝土结构设计原理课后习题及答案

混凝土结构设计原理课后习题答案

第一章 绪 论

1． 什么是混凝土结构？

答：混凝土结构是以混凝土材料为主，并根据需要配置和添加钢筋、钢骨、钢管、预应力钢筋和各种纤维，形成的结构，有素混凝土结构、钢筋混凝土结构、钢骨混凝土结构、钢管混凝土结构、预应力混凝土结构及纤维混凝土结构。混凝土结构充分利用了混凝土抗压强度高和钢筋抗拉强度高的优点。

2． 以简支梁为例，说明素混凝土与钢筋混凝土受力性能的差异。

答：素混凝土简支梁，跨中有集中荷载作用。梁跨中截面受拉，拉应力在荷载较小的情况下就达到混凝土的抗拉强度，梁被拉断而破坏，是无明显预兆的脆性破坏。

钢筋混凝土梁，受拉区配置受拉钢筋梁的受拉区还会开裂，但开裂后，出现裂缝，拉力由钢筋承担，直至钢筋屈服以后，受压区混凝土受压破坏而达到极限荷载，构件破坏。

素混凝土简支梁的受力特点是承受荷载较小，并且是脆性破坏。钢筋混凝土简支梁的极限荷载明显提高，变形能力明显改善，并且是延性破坏。

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混凝土结构设计原理课后习题答案

3． 钢筋与混凝土共同工作的基础条件是什么？ 答：混凝土和钢筋协同工作的条件是：

（1）钢筋与混凝土之间产生良好的粘结力，使两者结合为整体；

（2）钢筋与混凝土两者之间线膨胀系数几乎相同，两者之间不会发生相对的温度变形使粘结力遭到破坏；

（3）设置一定厚度混凝土保护层； （4）钢筋在混凝土中有可靠的锚固。 4． 混凝土结构有什么优缺点？

答：优点：（1）可模性好；（2）强价比合理；（3）耐火性能好；（4）耐久性能好；（5）适应灾害环境能力强，整体浇筑的钢筋混凝土结构整体性好，对抵抗地震、风载和爆炸冲击作用有良好性能；（6）可以就地取材。

钢筋混凝土结构的缺点：如自重大，不利于建造大跨结构；抗裂性差，过早开裂虽不影响承载力，但对要求防渗漏的结构，如容器、管道等，使用受到一定限制；现场浇筑施工工序多，需养护，工期长，并受施工环境和气候条件限制等。

5． 房屋混凝土结构中各个构件的受力特点是什么？

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答：在房屋建筑中，永久荷载和楼面活荷载直接作用在楼板上，楼板荷载传递到梁，梁将荷载传递到柱或墙，并最终传递到基础上，各个构件受力特点如下：

楼板：是将活荷载和恒荷载通过梁或直接传递到竖向支承结构（柱、墙）的主要水平构件，楼板的主要内力是弯矩和剪力，是受弯构件。

梁：是将楼板上或屋面上的荷载传递到立柱或墙上，前者为楼盖梁，后者为屋面梁，梁承受板传来的荷载，主要内力有弯矩和剪力，有时也可能是扭矩，属于受弯构件。

柱：柱承受梁、板体系传来的荷载，主要内力有轴向压力、弯矩和剪力，可能是轴心受压构件，当荷载有偏心作用时，柱受压的同时还会受弯，是压弯构件。

墙：承重的混凝土墙常用作基础墙、楼梯间墙，或在高层建筑中用于承受水平风载和地震作用的剪力墙，它受压的同时也会受弯，是压弯构件。

基础：是将上部结构荷载传递到地基（土层）的承重混凝土构件，基础主要内力是压力和弯矩，是受压构件或压弯构件。

6． 简述混凝土结构设计方法的主要阶段。 答：混凝土结构设计方法大体可分为四个阶段：

（1）在20世纪初以前，钢筋混凝土本身计算理论尚未形成，设计沿用材料力学的容许应力方法。

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（2）1938年左右已开始采用按破损阶段计算构件破坏承载力，50年代，出现了按极限状态设计方法，奠定了现代钢筋混凝土结构的设计计算理论。

（3）二战以后，设计计算理论已过渡到以概率论为基础的极限状态设计方法。 （4）20世纪90年代以后，开始采用或积极发展性能化设计方法和理论。 7． 简述性能设计的主要步骤。

答：性能化方法是确定工程结构要达到的总体目标或设计性能，设计师根据性能目标的不同，设计不同的设计方案，并评估设计方案是否达到性能目标的要求。

8． 简述学习《混凝土结构设计原理》课程的应当注意的问题。

答：（1）钢筋混凝土是由钢筋和混凝土两种材料组成的复合材料，是非均匀、非连续、非弹性的材料。力学关系是在试验的基础上，通过几何、物理和平衡关系建立的。

（2）钢筋混凝土构件中的两种材料在强度和数量上存在一个合理的配比范围。如果钢筋和混凝土在面积上的比例及材料强度的搭配超过了这个范围，就会引起构件受力性能的改变，从而引起构件截面设计方法的改变，这是学习时必须注意的一个方面。

（3）由于混凝土材料的复杂性、离散性，混凝土材料的理论体系是建立在试验的基础上的。许多假定依赖与试验结果，许多公式来源于试验验证，许多因素无法控制，仍需通过构造措施加以解决，

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许多理论尚需不断发展与完善，具有不同功能的混凝土材料性能尚需不断挖掘。

（4）本课程主要讲解钢筋混凝土基本构件，应当了解每一种构件在结构体系的作用、受力情况。例如梁、柱是受弯构件，主要受弯、受剪；柱、墙、受压弦杆是受压构件，主要受压、弯，受压、剪，双向受压弯；雨蓬梁、柱是受扭构件，主要受扭，受弯、剪、扭，受压、弯、剪、扭；受拉弦杆是受拉构件，主要受拉、弯。

（5）本课程所要解决的不仅是构件的承载力和变形计算等问题，还包括构件的截面形式、材料选用及配筋构造等。结构构件设计是一个综合性的问题，需要考虑各方面的因素。因此，学习本课程时要注意学会对多种因素进行综合分析，培养综合分析判断能力。

（6）混凝土设计与施工工作必须按照规范进行，各种规范是长期理论研究成果和工程实践的总结。不但要熟练掌握基本要求、使用范围，还要深入了解每一条文的理论依据，做到深入理论，灵活运用。同时，随着科学的发展和实践的要求，许多新成果会不断的涌现，规范会及时修订，一般我国混凝土规范10年左右修订一次，但随着社会的发展，规范的修订速度会加快，因此，具体工作时应当及时掌握最新的规范。

（7）混凝土设计与施工是一种社会实践行为，不能离开社会的制约因素进行，应当贯彻执行国家的技术经济政策，做到技术先进、安全适用、经济合理、确保质量。

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（8）混凝土设计与施工是一种法律责任行为，工程技术人员一定要遵守国家相关的法律、法规的要求，否则，就要承担相应的法律责任。

1．与素混凝土梁相比，钢筋混凝上梁承载能力（A． 相同 ； B． 提高许多； C． 有所提高；

2．与素混凝土梁相比，钢筋混凝土梁抵抗开裂的能力（A. 提高不多； B. 提高许多； C. 完全相同；

第一章 绪 论

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。 ）混凝土结构设计原理课后习题答案

3．与素混凝土梁相比，适量配筋的钢混凝土梁的承载力和抵抗开裂的能力（ ）。 A. 均提高很多；

B. 承载力提高很多，抗裂提高不多； C. 抗裂提高很多，承载力提高不多； D. 均提高不多；

4．钢筋混凝土梁在正常使用荷载下（ ）。 A．通常是带裂缝工作的；

B．一旦出现裂缝，裂缝贯通全截面；

C．一旦出现裂缝，沿全长混凝土与钢筋间的粘结力丧尽； 5．钢筋与混凝土能共同工作的主要原因是（ ）。 A. 防火、防锈；

B. 混凝土对钢筋的握裹及保护；

C. 混凝土对钢筋的握裹，两者线膨胀系数接近；

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第二章 绪 论 单选题参考答案

1． B 2． A 3． B 4． A 5． C

钢筋和混凝土的力学性能 问 答 题

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第二章

混凝土结构设计原理课后习题答案

1． 软钢和硬钢的区别是什么？应力一应变曲线有什么不同？设计时分别采用什么值作为依据？ 2．我国用于钢筋混凝土结构的钢筋有种？我国热轧钢筋的强度分为几个等级？ 3．钢筋冷加工的目的是什么？冷加工方法有哪几种？简述冷拉方法？ 4．什么是钢筋的均匀伸长率？均匀伸长率反映了钢筋的什么性质？ 5．什么是钢筋的包兴格效应？

6．在钢筋混凝土结构中，宜采用哪些钢筋？ 7．试述钢筋混凝土结构对钢筋的性能有哪些要求。

8．简述混凝土的组成结构。并叙述混凝土的结构组成对混凝土破坏强度的影响。 9．简述混凝土立方体抗压强度。 10．简述混凝土轴心抗压强度。 11．混凝土的强度等级是如何确定的。 D． 12．简述混凝土三轴受压强度的概念。

E． 13．简述混凝土在单轴短期加载下的应力应变关系。 14．什么是混凝土的弹性模量、割线模量和切线模量？ 15．什么叫混凝土徐变？混凝土徐变对结构有什么影响？

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16．钢筋与混凝土之间的粘结力是如何组成的？ 17．最小锚固长度是如何确定的？ 18．简述绑扎搭接连接的机理。

第二章 钢筋和混凝土的力学性能

问答题参考答案

1． 软钢和硬钢的区别是什么？应力一应变曲线有什么不同？设计时分别采用什么值作为依据？ 答：有物理屈服点的钢筋，称为软钢，如热轧钢筋和冷拉钢筋；无物理屈服点的钢筋，称为硬钢，如钢丝、钢绞线及热处理钢筋。

软钢的应力应变曲线如图2-1所示，曲线可分为四个阶段：弹性阶段、屈服阶段、强化阶段和破坏阶段。

有明显流幅的钢筋有两个强度指标：一是屈服强度，这是钢筋混凝土构件设计时钢筋强度取值的依据，因为钢筋屈服后产生了较大的塑性变形，这将使构件变形和裂缝宽度大大增加以致无法使用，

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所以在设计中采用屈服强度fy作为钢筋的强度极限。另一个强度指标是钢筋极限强度fu，一般用作钢筋的实际破坏强度。

图2-1 软钢应力应变曲线

硬钢拉伸时的典型应力应变曲线如图2-2。钢筋应力达到比例极限点之前，应力应变按直线变化，钢筋具有明显的弹性性质，超过比例极限点以后，钢筋表现出越来越明显的塑性性质，但应力应变均持续增长，应力应变曲线上没有明显的屈服点。到达极限抗拉强度b点后，同样由于钢筋的颈缩现象出现下降段，至钢筋被拉断。

设计中极限抗拉强度不能作为钢筋强度取值的依据，一般取残余应变为0.2%所对应的应力σ0.2

作为无明显流幅钢筋的强度限值，通常称为条件屈服强度。对于高强钢丝，条件屈服强度相当于极限

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抗拉强度0.85倍。对于热处理钢筋，则为0.9倍。为了简化运算，《混凝土结构设计规范》统一取σ

0.2

=0.85σb，其中σb为无明显流幅钢筋的极限抗拉强度。

图2-2硬钢拉伸试验的应力应变曲线

2． 我国用于钢筋混凝土结构的钢筋有几种？我国热轧钢筋的强度分为几个等级？

答：目前我国用于钢筋混凝土结构和预应力混凝土结构的钢筋主要品种有钢筋、钢丝和钢绞线。根据轧制和加工工艺，钢筋可分为热轧钢筋、热处理钢筋和冷加工钢筋。

热轧钢筋分为热轧光面钢筋HPB235（Q235，符号Φ，Ⅰ级）、热轧带肋钢筋HRB335（20MnSi，符号，Ⅱ级）、热轧带肋钢筋HRB400（20MnSiV、20MnSiNb、20MnTi，符号，Ⅲ级）、余热处理钢筋RRB400（K 20MnSi，符号，Ⅲ级）。热轧钢筋主要用于钢筋混凝土结构中的钢筋和预应力混凝土结构中的非预应力普通钢筋。

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3． 钢筋冷加工的目的是什么？冷加工方法有哪几种？简述冷拉方法？

答：钢筋冷加工目的是为了提高钢筋的强度，以节约钢材。除冷拉钢筋仍具有明显的屈服点外，其余冷加工钢筋无屈服点或屈服台阶，冷加工钢筋的设计强度提高，而延性大幅度下降。

冷加工方法有冷拨、冷拉、冷轧、冷扭。

冷拉钢筋由热轧钢筋在常温下经机械拉伸而成，冷拉应力值应超过钢筋的屈服强度。钢筋经冷拉后，屈服强度提高，但塑性降低，这种现象称为冷拉强化。冷拉后，经过一段时间钢筋的屈服点比原来的屈服点有所提高，这种现象称为时效硬化。时效硬化和温度有很大关系，温度过高（450℃以上）强度反而有所降低而塑性性能却有所增加，温度超过700℃，钢材会恢复到冷拉前的力学性能，不会发生时效硬化。为了避免冷拉钢筋在焊接时高温软化，要先焊好后再进行冷拉。钢筋经过冷拉和时效硬化以后，能提高屈服强度、节约钢材，但冷拉后钢筋的塑性（伸长率）有所降低。为了保证钢筋在强度提高的同时又具有一定的塑性，冷拉时应同时控制应力和控制应变。

4． 什么是钢筋的均匀伸长率？均匀伸长率反映了钢筋的什么性质？

答：均匀伸长率δgt为非颈缩断口区域标距的残余应变与恢复的弹性应变组成。

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0l'l0bgtl0Es

0l0'——不包含颈缩区拉伸前的测量标距；l——拉伸断裂后不包含颈缩区的测量标距；b——实

测钢筋拉断强度；Es——钢筋弹性模量。

均匀伸长率δgt比延伸率更真实反映了钢筋在拉断前的平均（非局部区域）伸长率，客观反映钢筋的变形能力，是比较科学的指标。

5． 什么是钢筋的包兴格效应？

答：钢筋混凝土结构或构件在反复荷载作用下，钢筋的力学性能与单向受拉或受压时的力学性能不同。1887年德国人包兴格对钢材进行拉压试验时发现的，所以将这种当受拉（或受压）超过弹性极限而产生塑性变形后，其反向受压（或受拉）的弹性极限将显著降低的软化现象，称为包兴格效应。

6． 在钢筋混凝土结构中，宜采用哪些钢筋？

答：钢筋混凝土结构及预应力混凝土结构的钢筋，应按下列规定采用：（1）普通钢筋宜采用HRB400级和HRB335级钢筋,也可采用HPB235级和RRB400级钢筋；（2）预应力钢筋宜采用预应力钢绞线、钢丝，也可采用热处理钢筋。

7． 试述钢筋混凝土结构对钢筋的性能有哪些要求。

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答：（1）对钢筋强度方面的要求

普通钢筋是钢筋混凝土结构中和预应力混凝土结构中的非预应力钢筋，主要是HPB235、HRB335、HRB400、RRB400等热轧钢筋。

（2）强屈比的要求

所以设计中应选择适当的屈强比，对于抗震结构，钢筋应力在地震作用下可考虑进入强化段，为了保证结构在强震下“裂而不倒”，对钢筋的极限抗拉强度与屈服强度的比值有一定的要求，一般不应小于1.25。

（3）延性

在工程设计中，要求钢筋混凝土结构承载能力极限状态为具有明显预兆，避免脆性破坏，抗震结构则要求具有足够的延性，钢筋的应力应变曲线上屈服点至极限应变点之间的应变值反映了钢筋延性的大小。

（4）粘结性

粘结性是指钢筋与混凝土的粘结性能。粘结力是钢筋与混凝土得以共同工作的基础，其中钢筋凹凸不平的表面与混凝土间的机械咬合力是粘结力的主要部分，所以变形钢筋与混凝土的粘结性能最好，设计中宜优先选用变形钢筋。

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（5）耐久性

混凝土结构耐久性是指，在外部环境下材料性、构件、结构随时间的退化，主要包括钢筋锈蚀、冻融循环、碱—骨料反应、化学作用等的机理及物理、化学和生化过程。混凝土结构耐久性的降低可引起承载力的降低，影响结构安全。

（6）适宜施工性

在施工时钢筋要弯转成型，因而应具有一定的冷弯性能。钢筋弯钩、弯折加工时应避免裂缝和折断。热轧钢筋的冷弯性能很好，而性脆的冷加工钢筋较差。预应力钢丝、钢绞线不能弯折，只能以直条形式应用。

同时，要求钢筋具备良好的焊接性能，在焊接后不应产生裂纹及过大的变形，以保证焊接接头性能良好。

（7）经济性

衡量钢筋经济性的指标是强度价格比，即每元钱可购得的单位钢筋的强度，强度价格比高的钢筋比较经济。不仅可以减少配筋率，方便了施工，还减少了加工、运输、施工等一系列附加费用。

8． 简述混凝土的组成结构。并叙述混凝土的结构组成对混凝土破坏强度的影响。

答：混凝土材料结构分为三种基本类型：①微观结构，即水泥石结构，水泥石结构由水泥凝胶、

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晶体骨架、未水化完的水泥颗粒和凝胶孔组成，其物理力学性能取决于水泥的矿物成份、粉磨细度、水灰比和硬化条件；②亚微观结构，即混凝土的水泥砂浆结构，水泥砂浆结构可看作以水泥石为基相、砂子为分散相的二组混凝土体系，砂子和水泥石的结合面是薄弱面。对于水泥砂浆结构，除上述决定水泥石结构的因素外，砂浆配合比、砂的颗粒级配与矿物组成、砂粒形状、颗粒表面特性及砂中的杂质含量是重要控制因素；③宏观结构，即砂浆和粗骨料两组分体系。

混凝土的宏观结构中，水泥作为基相，粗骨料随机分布在连续的水泥砂浆中。粗骨料的强度远比混凝土高，硬化水泥砂浆的强度也比混凝土高，由砂浆和粗骨料组成的混凝土复合材料的抗压强度低于砂浆和粗骨料单一材料的抗压强度。混凝土内砂浆与骨料界面的粘结强度只有砂浆抗拉强度的35％－65％，这说明砂浆与骨料界面是混凝土内的最薄弱环节。混凝土破坏后，其中的粗骨料一般无破损的迹象，裂缝和破碎都发生在粗骨料表面和水泥砂浆内部，所以混凝土的强度和变形性能在很大程度上取决于水泥砂浆的质量和密实性。

9． 简述混凝土立方体抗压强度。

答：混凝土标准立方体的抗压强度，我国《普通混凝土力学性能试验方法标准》（GB/T50081-2002）规定：边长为150mm的标准立方体试件在标准条件（温度20±3℃，相对温度≥90%）下养护28天后，以标准试验方法(中心加载，加载速度为0.3～1.0N/mm2/s)，试件上、下表面不涂润滑剂，连续加载

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直至试件破坏，测得混凝土抗压强度为混凝土标准立方体的抗压强度fck，单位N/mm2。

fckFA

fck——混凝土立方体试件抗压强度； F——试件破坏荷载； A——试件承压面积。

10． 简述混凝土轴心抗压强度。

答：我国《普通混凝土力学性能试验方法标准》（GB/T50081-2002）采用150mm×150mm×300mm棱柱体作为混凝土轴心抗压强度试验的标准试件，混凝土试件轴心抗压强度

fcp——混凝土轴心抗压强度； F——试件破坏荷载； A——试件承压面积。

11． 混凝土的强度等级是如何确定的。

答：混凝土强度等级应按立方体抗压强度标准值确定，混凝土立方体抗压强度标准值fcu，k，

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fcpFA混凝土结构设计原理课后习题答案

我国《混凝土结构设计规范》规定，立方体抗压强度标准值系指按上述标准方法测得的具有95%保证率的立方体抗压强度，根据立方体抗压强度标准值划分为C15、C20、 C25、C30、C35、C40、C45、C50、 C55、 C60、C65、 C70、 C75、 C80十四个等级。

12． 简述混凝土三轴受压强度的概念。

答：三轴受压试验是侧向等压σ2=σ3=σr的三轴受压，即所谓常规三轴。试验时先通过液体静压力对混凝土圆柱体施加径向等压应力，然后对试件施加纵向压应力直到破坏。在这种受力状态下，试件由于侧压限制，其内部裂缝的产生和发展受到阻碍，因此当侧向压力增大时，破坏时的轴向抗压强度相应地增大。根据试验结果分析，三轴受力时混凝土纵向抗压强度为

fcc′= fc′+βσr (2-18) 式中：fcc′——混凝土三轴受压时沿圆柱体纵轴的轴心抗压强度； fc′ ——混凝土的单轴圆柱体轴心抗压强度； β ——系数，一般普通混凝土取4； σr ——侧向压应力。

13． 简述混凝土在单轴短期加载下的应力应变关系。

答：一般用标准棱柱体或圆柱体试件测定混凝土受压时的应力应变曲线。轴心受压混凝土典型的

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应力应变曲线如图2-3，各个特征阶段的特点如下。

图2-3 混凝土轴心受压时的应力应变曲线

1）应力σ≤0.3 fc sh

当荷载较小时，即σ≤0.3 fc sh，曲线近似是直线（图2-3中OA段），A点相当于混凝土的弹性极限。此阶段中混凝土的变形主要取决于骨料和水泥石的弹性变形。

2）应力0.3 fc sh <σ≤0.8 fc sh

随着荷载的增加，当应力约为(0.3～0.8) fc sh，曲线明显偏离直线，应变增长比应力快，混凝

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土表现出越来越明显的弹塑性。

3）应力0.8 fc sh <σ≤1.0 fc sh

随着荷载进一步增加，当应力约为(0.8～1.0) fc sh，曲线进一步弯曲，应变增长速度进一步加快，表明混凝土的应力增量不大，而塑性变形却相当大。此阶段中混凝土内部微裂缝虽有所发展，但处于稳定状态，故b点称为临界应力点，相应的应力相当于混凝土的条件屈服强度。曲线上的峰值应力C点，极限强度fc sh，相应的峰值应变为ε0。

4）超过峰值应力后

超过C点以后，曲线进入下降段，试件的承载力随应变增长逐渐减小，这种现象为应变软化。 14． 什么是混凝土的弹性模量、割线模量和切线模量？

答：取混凝土应力应变曲线在原点O切线的斜率，作为混凝土的初始弹性模量，简称弹性模量Ec，即:

Ec = tgα0 Ec——初始弹性模量； a0——原点切线的斜率夹角。

当应力较大时，混凝土已进入弹塑性阶段，弹性模量已不能正确反映此时的应力应变关系。比较

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精确的方法采用切线模量Ec′，即在应力应变曲线任一点处作一切线。此切线的斜率即为该点的切线模量，其表达式为

Ec′= tgα = dσ / dε

切线模量是原点与某点连线即割线的斜率作为混凝土的割线模量，称为变形模量Ec″，它的表达式为

Ec″= tgα1 = σc / εc

15． 什么叫混凝土徐变？混凝土徐变对结构有什么影响？

答：在不变的应力长期持续作用下，混凝土的变形随时间而缓慢增长的现象称为混凝土的徐变。 徐变对钢筋混凝土结构的影响既有有利方面又有不利方面。有利影响，在某种情况下，徐变有利于防止结构物裂缝形成；有利于结构或构件的内力重分布，减少应力集中现象及减少温度应力等。不利影响，由于混凝土的徐变使构件变形增大；在预应力混凝土构件中，徐变会导致预应力损失；徐变使受弯和偏心受压构件的受压区变形加大，故而使受弯构件挠度增加，使偏压构件的附加偏心距增大而导致构件承载力的降低。

16． 钢筋与混凝土之间的粘结力是如何组成的？

答：试验表明，钢筋和混凝土之间的粘结力或者抗滑移力，由四部分组成：

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（1）化学胶结力：混凝土中的水泥凝胶体在钢筋表面产生的化学粘着力或吸附力，来源于浇注时水泥浆体向钢筋表面氧化层的渗透和养护过程中水泥晶体的生长和硬化，取决于水泥的性质和钢筋表面的粗糙程度。当钢筋受力后变形，发生局部滑移后，粘着力就丧失了。

（2）摩擦力：混凝土收缩后，将钢筋紧紧地握裹住而产生的力，当钢筋和混凝土产生相对滑移时，在钢筋和混凝土界面上将产生摩擦力。它取决于混凝土发生收缩、荷载和反力等对钢筋的径向压应力、钢筋和混凝土之间的粗糙程度等。钢筋和混凝土之间的挤压力越大、接触面越粗糙，则摩擦力越大。

（3）机械咬合力：钢筋表面凹凸不平与混凝土产生的机械咬合作用而产生的力，即混凝土对钢筋表面斜向压力的纵向分力，取决于混凝土的抗剪强度。变形钢筋的横肋会产生这种咬合力，它的咬合作用往往很大，是变形钢筋粘结力的主要来源，是锚固作用的主要成份。

（4）钢筋端部的锚固力：一般是用在钢筋端部弯钩、弯折，在锚固区焊接钢筋、短角钢等机械作用来维持锚固力。

各种粘结力中，化学胶结力较小；光面钢筋以摩擦力为主；变形钢筋以机械咬合力为主。 17． 最小锚固长度是如何确定的？

答：达到锚固极限状态时所需要的钢筋最小锚固长度，称为临界锚固长度lcra。锚固抗力等于

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钢筋屈服强度Fy时，相应的锚固长度就是临界锚固长度lcra，这是保证受力钢筋真到屈服也不会发生锚固破坏的最小长度。钢筋屈服后强化，随锚固长度的延长，锚固抗力还能增长，到锚固抗力等于钢筋拉断强度Fu时，相应的锚固长度就是极限锚固长度l ua。设计锚固长度la应当在临界锚固长度和极限锚固长度之间，前者是为了保证钢筋承载受力的基本性能，后者是因为过长的锚固实际已经不起作用。

18． 简述绑扎搭接连接的机理。

答：绑扎搭接钢筋之间能够传力是由于钢筋与混凝土之间的粘结锚固作用。两根相背受力的钢筋分别锚固在搭接连接区段的混凝土中，都将应力传递给混凝土，从而实现了钢筋之间的应力过渡。因此，绑扎搭接传力的基础是锚固。但是搭接钢筋之间的缝间混凝土会因剪切而迅速破碎，握裹力受到削弱。因此，搭接钢筋的锚固强度减小，与锚固长度相比，搭接长度应予加长。此外，由于锥楔作用造成的径向力引起了两根钢筋之间的分离趋势。因此，搭接钢筋之间容易发生纵向劈裂裂缝，必须有较强的围箍约束以维持锚固。

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第二章 钢筋和混凝土的力学性能

选 择 题

1．混凝土若处于三向应力作用下，当（ ）。横向受拉，纵向受压，可提高抗压强度； 横向受压，纵向受拉，可提高抗压强度； 三向受压会降低抗压强度； 三向受压能提高抗压强度；

2．混凝土的弹性模量是指（ ）。 原点弹性模量； 切线模量； 割线模量； 变形模量；

3．混凝土强度等级由150mm立方体抗压试验，按（- 25 -

）确定。

混凝土结构设计原理课后习题答案

平均值fcu；

fcu1.645fcu2fcu ；

；

；

4．规范规定的受拉钢筋锚固长度la为（ ）。 A．随混凝土强度等级的提高而增大； B．随钢筋等级提高而降低；

C．随混凝土等级提高而减少，随钢筋等级提高而增大； D．随混凝土及钢筋等级提高而减小； 5．属于有明显屈服点的钢筋有（ ）。 A．冷拉钢筋 ； B．钢丝； C．热处理钢筋； D．钢绞线；

6．钢材的含碳量越低，则（ ）。

- 26 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

A．屈服台阶越短，伸长率也越短，塑性越差； B．屈服台阶越长，伸长率越大，塑性越好； C．强度越高，塑性越好； D．强度越低，塑性越差； 7．钢筋的屈服强度是指（ ）。 比例极限； 弹性极限； 屈服上限； 屈服下限；

8．能同时提高钢筋的抗拉和抗压强度的冷加工方法是（冷拉； 冷拔；

9．规范确定fcu,k所用试块的边长是（ ）。 A．150 mm； B．200 mm；

- 27 -

）。 混凝土结构设计原理课后习题答案

C．100mm； D．250 mm；

10．混凝土强度等级是由（ ）确定的。 A．fcu,k； B．fck ； C．fcm ； D．ftk ；

11．边长为100mm的非标准立方体试块的强度换算成标准试块的强度，则需乘以换算系数 ）。

A．1.05 ； B．1.0 ； C．0.95 ； D．0.90 ； 12．

E'ccc指的是混凝土的（ ）。

- 28 -

（混凝土结构设计原理课后习题答案

弹性模量 ； 割线模量 ； 切线模量 ； 原点切线模量；

第二章 钢筋和混凝土的力学性能

选 择 题 参 考 答 案 D A B C A B D

- 29 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

B A A C B

第三章 轴心受力构件承载力

计 算 题

1．某多层现浇框架结构的底层内柱，轴向力设计值N=2650kN，计算长度l等级为C30（fc=14.3N/mm2），钢筋用HRB400级（及纵筋面积。

2．某多层现浇框架厂房结构标准层中柱,轴向压力设计值N=2100kN,楼层高H=5.60m，计算长度

- 30 -

f'y0H3.6m，混凝土强度

360N/mm2），环境类别为一类。确定柱截面积尺寸

混凝土结构设计原理课后习题答案

l0=1.25H，混凝土用C30（fc=14.3N/mm2），钢筋用HRB335级（定该柱截面尺寸及纵筋面积。

fy'300N/mm2），环境类别为一类。确

3．某无侧移现浇框架结构底层中柱，计算长度l04.2m，截面尺寸为300mm×300mm，柱内配有416纵筋（

fy'300N/mm2），混凝土强度等级为C30（fc=14.3N/mm2），环境类别为一类。柱承载轴心压力设

计值N=900kN，试核算该柱是否安全。

4．某大楼底层门厅现浇钢筋混凝土内柱，承受轴心压力设计值N=2749kN，计算高度l据建筑设计要求，柱得截面为圆形，直径用HRB400级钢筋（定柱的配筋。

5．已知某公共建筑门厅底层现浇钢筋混凝土框架内柱，承受轴向压力N=2850kN，从基础顶面到二屋楼面的高度为4.0m，支承条件系数1.0。混凝土选用C35（fc=16.7N/mm2），纵筋用HRB400（

fy'360N/mm204.06m，根

dc400mm。混凝土强度等级为C30（

fy300N/mm2fc14.3N/mm2），纵筋采

fy360N/mm2），箍筋采用HRB335级钢筋（），环境类别为一类，试确

），箍筋用HRB335（fy=300N/mm2）。按建筑设计要求柱截面采用圆形，其直径不大于

400mm，环境类别为一类。试进行该柱配筋计算。

6．某桥下现浇钢筋混凝土轴心受压柱，底墙固定，上端铰支，柱高6.5m，支承条件系数0.7，承受轴压力设计值900kN，采用C20混凝土（

fcd9.2N/mm2），和

- 31 -

R235钢筋（

'fsd195N/mm2），环境类别

混凝土结构设计原理课后习题答案

为一类。试问：

试设计轴心受压柱。

若采用《混凝土结构设计规范》，采用C20混凝土fc=9.6N/mm2，钢筋HRB335（fy=300N/mm2），试设计轴心受压柱，比较两者差异。

第三章 轴心受力构件承载力

计算题参考答案

1． 某多层现浇框架结构的底层内柱，轴向力设计值N=2650kN，计算长度l等级为C30（fc=14.3N/mm2），钢筋用HRB400级（及纵筋面积。

解：根据构造要求，先假定柱截面尺寸为400mm×400mm 由l/b3600/4009，查表得0.99

0'As根据轴心受压承载力公式确定

0H3.6m，混凝土强度

f'y360N/mm2），环境类别为一类。确定柱截面积尺寸

- 32 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

1N12650103A'(fcA)(14.3400400)1906mm23600.90.99fy0.9's'

0.2%的构造要求。

As'1906'1.2%min0.6%A400400，对称配筋截面每一侧配筋率也满足

选 ，

'As1964mm2

196419063.0%1906设计面积与计算面积误差<5%，满足要求。

2．某多层现浇框架厂房结构标准层中柱,轴向压力设计值N=2100kN,楼层高H=5.60m，计算长度l0=1.25H，混凝土用C30（fc=14.3N/mm2），钢筋用HRB335级（定该柱截面尺寸及纵筋面积。

[解] 根据构造要求，先假定柱截面尺寸为400mm×400mm

l01.25560017.5b400长细比，查表0.825

'As根据轴心受压承载力公式确定

fy'300N/mm2），环境类别为一类。确

As'1N12100000(fcA)(14.3400400)1801mm2'3000.90.825fy0.9

As'1801'1.1%min0.6%A400400'，对称配筋截面每一侧配筋率也满足0.2%的构造要求。

- 33 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

选620，'As1884mm2

188418014.6%1801设计面积与计算面积误差<5%，满足要求。

3．某无侧移现浇框架结构底层中柱，计算长度l04.2m，截面尺寸为300mm×300mm，柱内配有416纵筋（

fy'300N/mm2），混凝土强度等级为C30（fc=14.3N/mm2），环境类别为一类。柱承载轴心压力设

计值N=900kN，试核算该柱是否安全。

解： （1）求

l0420014.0则b300，由表得0.92

（2）求Nu

)0.90.92(14.3300300300804)Nu0.9(fcAfyAs1265kN900kN(满足要求）

04．某大楼底层门厅现浇钢筋混凝土内柱，承受轴心压力设计值N=2749kN，计算高度l据建筑设计要求，柱得截面为圆形，直径用HRB400级钢筋（定柱的配筋。

解 （1）判别是否可采用螺旋箍筋柱

- 34 -

4.06m，根

dc400mm。混凝土强度等级为C30（

fy300N/mm2fc14.3N/mm2），纵筋采

fy360N/mm2），箍筋采用HRB335级钢筋（），环境类别为一类，试确

混凝土结构设计原理课后习题答案

l0406010.1512dc400 ，可设计成螺旋箍筋柱

（2）求As

3.1424002A125680mm244

0.0251256803142mm2As0.025假定，则

dc2选用，

3142mm2As。

（3）求Ass0

混凝土保护层厚度为30mm，则

dcor40060340mm

Acor3.142340290803mm24

由承载力极限公式得

Ass0N2749103)(fcAcorfyAs(14.3908033603142)0.90.91041mm22fy21.0300

0.253142786mm2Ass00.25As （满足要求）

- 35 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

（4）确定螺旋箍筋直径和间距

假定螺旋箍筋直径d=8mm，则单根螺旋箍筋截面面积

sAss150.3mm2，可得

dcorAss1Ass03.14234050.351.6mm1041

取s=50mm,40mm≤s≤80mm，s0.2dcor0.234068mm (满足构造要求) （5）复核混凝土保护层是否过早脱落

l010.15按d 查表得0.955

)1.50.90.955(14.31256803603142)3775368N3775kNN1.50.9(fcAfyAs （满足要求）

5． 已知某公共建筑门厅底层现浇钢筋混凝土框架内柱，承受轴向压力N=2850kN，从基础顶面到二屋楼面的高度为4.0m，支承条件系数1.0。混凝土选用C35（fc=16.7N/mm2），纵筋用HRB400（

fy'360N/mm2），箍筋用HRB335（fy=300N/mm2）。按建筑设计要求柱截面采用圆形，其直径不大于

400mm，环境类别为一类。试进行该柱配筋计算。

[解]（1）先按配有纵筋和箍筋柱计算 柱子计算长度按《规范》规定取1.0H，则 l0=1.0H=1.0×4.0=4.0m

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混凝土结构设计原理课后习题答案

计算稳定系数值，因

l0/d=4000/350=11.43 查表6-1得=0.931

取园截面直径为350mm,圆形柱混凝土截面面积为

Ad2 43.143502496163mm2

由承载力公式求得

NA'0.9fA2850000cs0.90.93116.7961632f'y3604987mm

求配筋率

'A'SA4987961630.0520.05 配筋率太大，因l0/d＜12，若混凝土强度等级不再提高，则可采用螺旋箍筋以提高柱的承载能

（2）按配有纵筋和螺旋箍筋柱计算

假定纵筋配筋率按'0.03计算，则

- 37 -

力。具体计算如下。混凝土结构设计原理课后习题答案

As'0.03A0.03961632885mm

选用，相应的A=3142mm2。

's取混凝土保护层厚度为30mm, 混凝土的核芯截面面积为 dcor=350-60=290mm

AssoN(fcAcorfy'As')0.92fy

因Asso＞0.25A（=0.25×3142=786mm2），满足构造要求。

's3166666.67(16.7660193603142)1555mm22300

假定螺旋箍筋直径为10mm，则单肢箍筋截面面积Ast1=78.5mm2。螺旋箍筋间距

sdcorAst1Asso3.1429078.546mm1555

取用s=45mm，满足大于40mm及小于80mm，同时小于及等于0.2dcor=0.2×290=58mm的要求。

dcorAst1由承载力计算公式得：Asso=

N0.9(fcAcorfyA's2fyAsso)'s3.1429078.51588.5mm245

0.9(16.766019360314223001588.5)2868064N

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混凝土结构设计原理课后习题答案

实际纵筋配筋率

''A's31423.3%3%As96163，故

N0.9[fc(AAs')fyAs']0.90.931[16.7(961633142)3603142]2249402N

1.5N1.5224940233741032868064N

故该柱能承受N2868.1KN,满足设计要求。

6．某桥下现浇钢筋混凝土轴心受压柱，底墙固定，上端铰支，柱高6.5m，支承条件系数0.7，承受轴压力设计值900kN，采用C20混凝土（为一类。试问：

试设计轴心受压柱。

若采用《混凝土结构设计规范》，采用C20混凝土fc=9.6N/mm2，钢筋HRB335（fy=300N/mm2），试设计轴心受压柱，比较两者差异。

'2Nd900kNfsd195N/mm2f9.2N/mm1cd0（1）解： 已知：，，，

fcd9.2N/mm2），和

R235钢筋（

'fsd195N/mm2），环境类别

1）确定截面尺寸

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混凝土结构设计原理课后习题答案

',A,A，现设1.0%，暂取1，由轴心受压构件正截面承载力公式s在设计时有三个未知量。即：

可得

A0Nd'fsd0.9fcd(1fcd190010382511mm21950.919.2(10.01))9.2

b=300mm，A=90000mm2。

2b89686mm299mm，取选方形截面，其边长为

2）计算截面配筋

一端固定一端铰接柱：l0= 0.7l=0.7×6500mm=4550mm，l0/b=4550mm/300mm 15.2，查表得0.89。则截面所需配筋为

0Ndfcd1900103N9.2N/mm222AA90000mm1516mm''0.9fsdfsd0.90.89195N/mm2195N/mm2

's配4φ22（

As'1519mm2），1.7%，满足要求。

箍筋按构造要求选φ8@200。

(2) 若采用《混凝土结构设计规范》，采用C20混凝土fc=9.6N/mm2，钢筋HRB335（fy=300N/mm2）。 采用方形截面

l0455015.212,300300mm ，则b300故不必配置螺旋箍筋。

查表得：0.89

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混凝土结构设计原理课后习题答案

由轴心受压承载力公式：

3N90010fcA9.63003000.9As'0.90.89865.3mm2'300fy

0.2%的构造要求。

'AS865.30.96%0.6%A300300，对称配筋截面每一侧配筋率也满足'选418 As'=1017mm2

''AS10171.13%A300300实际配筋率：，满足要求。

箍筋按构造要求φ8@250mm。

第四章 受弯构件正截面承载力

计算题参考答案

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混凝土结构设计原理课后习题答案

1． 已知梁的截面尺寸为b×h=200mm×500mm，混凝土强度等级为C25,fc =11.9N/mm2，

ft1.27N/mm2, 钢筋采用HRB335，

fy300N/mm2截面弯矩设计值M=165KN.m。环境类别为一类。求：受

拉钢筋截面面积

解：采用单排布筋 h050035465mm 将已知数值代入公式 1fcbxfyAs 及

M1fcbx(h0x/2)得

1.011.9200x=300As

165106=1.011.9200x(465-x/2) 两式联立得：x=186mm As=1475.6mm2

验算 x=186mm<bh00.55465=255.8mm

As1475.62minbh0.2%200500200mm

所以选用325 As=1473mm2

2．已知一单跨简支板，计算跨度l=2.34m，承受均布荷载q k=3KN/m2- 42 -

，如图

（不包括板的自重）混凝土结构设计原理课后习题答案

所示；混凝土等级C30，

fc14.3N/mm2；钢筋等级采用HPB300钢筋，即Ⅰ级钢筋，

fy270N/mm2。可变荷载分项系数γQ=1.4，永久荷载分项系数γG=1.2，环境类别为一级，钢

筋混凝土重度为25KN/m3。

求：板厚及受拉钢筋截面面积As 图1 解：取板宽厚为80mm，则板

跨中处最大弯矩设计值：

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b=1000mm的板条作为计算单元；设板自重gk=25×0.08=2.0KN/m2,

混凝土结构设计原理课后习题答案

112MGgkqqkl1.221.432.3424.52KN.m88

由表知，环境类别为一级，混凝土强度C30时，板的混凝土保护层最小厚度为15mm，故设a=20mm，故h0=80-20=60mm ,fc=14.3，ft=1.43，

fy=270，b=0.576 查表知，

图2

M4.52106s21fcbh0114.310006020.0878112as0.092

s0.5112as0.954AMf4.52106s2100.95460376mm2ysh0

选用φ8@140，As=359mm2（实际配筋与计算配筋相差小于5%），排列见图，垂直于受力钢筋放置φ6@250的分布钢筋。

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混凝土结构设计原理课后习题答案

验算适用条件：

⑴ xh00.092605.52mmbh00.6146036.84mm，满足。

⑵

As376minbh0.2%100060120mm2

ft2.14N/mm2,fc31.8N/mm23．某矩形截面简支梁，弯矩设计值M=270KN.m，混凝土强度等级为C70，钢筋为HRB400，即Ⅲ级钢筋，

fy360N/mm2；

。环境类别为一级。

求：梁截面尺寸b×h及所需的受拉钢筋截面面积As

解：fc=31.8N/mm2，fy=360N/mm2，查表4-5，得α1=0.96，β1=0.76。 假定ρ=0.01及b=250mm，则

fy1fc0.013600.1180.9631.8

令M=Mu

h0x2M1fcbxh01fcb10.5h0可得：2

M1fcb10.5270106564mm0.9631.82500.11810.50.118

由表知，环境类别为一类，混凝土强度等级为C70的梁的混凝土保护层最小厚度为25mm，取

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混凝土结构设计原理课后习题答案

a=45mm，h=h0+a=564+45=609mm，实际取h=600mm，h0=600-45=555mm。

sM1fcbh022701060.11520.9631.8250555

112s1120.1150.123

s0.51

12s0.51120.1150.939

270106As1439mm2fysh03600.939555M

选配3φ25，As=1473mm2，见图3

验算适用条件：

⑴ 查表知ξb=0.481，故ξb=0.481>ξ=0.123，满足。 ⑵

As1473minbh0.26%250600390mm2，满足要求。 图3

4．已知梁的截面尺寸为b×h=200mm×500mm，混凝土强度等级为C25，

ft1.27N/mm2,fc11.9N/mm2，截面弯矩设计值M=125KN.m。环境类别为一类。

fy300N/mm2求：（1）当采用钢筋HRB335级时，受拉钢筋截面面积；（2）当采用钢筋HPB235级

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混凝土结构设计原理课后习题答案

fy210N/mm2fy300N/mm时，受拉钢筋截面面积；（3）截面弯矩设计值M=225KN.m，当采用钢筋HRB335级

2时，受拉钢筋截面面积；

解：（1）由公式得

sMfcbh021251061.011.92004652=0.243

112s1120.2430.283s0.5(11-2s)0.5(1120.243)0.858125106AsM/fysh01044mm23000.858465

选用钢筋4

18,As1017mm2

As1044minbh0.2%200500200mm2 （2）采用双排配筋 h0h60440mm

12510620.2712M/fbhs1c01.011.9200440 =

112s=1120.2710.323

s0.5(11-2s)0.5(1120.271）0.838

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混凝土结构设计原理课后习题答案

125106AsM/fysh01614mm22100.838440

选用钢筋816 As=1608mm2

As1614minbh0.27%200500270mm2

(3)假定受拉钢筋放两排 a60 h050060440mm

22510620.4882M/fbhs1c01.011.9200440 =

112s=1-120.4880.8450.55

故采用双筋矩形截面

2bfbh 取 M11c0b(10.5b)

21.011.92004400.55(10.50.55)

=183.7KNm

225106183.7106AsM/fy(h0a)339.9mm2300(44035)

'''

Asb1fcbh0/fyAsfy/fy0.551.011.9200440/300339.9''

=2260mm2

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混凝土结构设计原理课后习题答案

故受拉钢筋选用622 As=2281mm2

受压钢筋选用216 As=402mm2,满足最小配筋率要求。

已知梁的截面尺寸为b×h=250mm×450mm;受拉钢筋为4根直径为16mm的HRB335钢筋，即Ⅱ级钢筋，

'fy300N/mm22，As=804mm2；混凝土强度等级为

2C40，

ft1.71N/mm,fc19.1N/mm验算此梁截面是否安全。

；承受的弯矩M=89KN.m。环境类别为一类。

解：fc=19.1N/mm2，ft=1.7 N/mm2，fy=300 N/mm2。由表知，环境类别为一类的混凝土保护层最小厚度为25mm，故设a=35mm，h0=450-35=415mm

As804minbh0.26%250450293mm2

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混凝土结构设计原理课后习题答案

则

fy1fc20.00773000.121b0.55，满足适用条件。1.019.1

Mu1fcbh010.51.019.125041520.12110.50.121 93.49KN.mM89KN.m，安全。

26．已知梁的截面尺寸为b×h=200mm×500mm，混凝土强度等级为C40，

ft1.71N/mm,fc19.1N/mm22，钢筋采用HRB335，即Ⅱ级钢筋，

fy300N/mm，

截面弯矩设计值M=330KN.m。环境类别为一类。

求：所需受压和受拉钢筋截面面积

解：fc=19.1N/mm2，fy’=fy=300N/mm2，α1=1.0，β1=0.8。假定受拉钢筋放两排，设as=60mm，则h0=h-as=500-60=440mm

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混凝土结构设计原理课后习题答案

6sM330102119.120044020.4461fcbh0

112s0.671b0.55

这就说明，如果设计成单筋矩形截面，将会出现超筋情况。若不能加大截面尺寸，又不能提高混

取b，由式得

M211fcbh0b10.5b1.019.120044020.5510.50.55 294.9KNm

A'sf'.9106

yM106294h'0as33030044035288.9mm2

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凝土等级，则应设计成双筋矩形截面。混凝土结构设计原理课后习题答案

Asb1fcbh0fyAs'fyfy'0.551.019.1200440300288.93003003370.4mm2

受拉钢筋选用7φ25mm的钢筋，As=3436mm2。受压钢筋选用2φ14mm的钢筋，As’=308mm2。 7．已知条件同上题，但在受压区已配置3φ20mm钢筋，As’=941mm2 求：受拉钢筋As 解：

M'fyAsh0a'30094144035114.3106''KNm

'666MMM33010114.310215.7101则 KNm

已知后，就按单筋矩形截面求As1。设a=60mm、h0=500-60=440mm。

sM'1fcbh02215.71060.29221.019.1200440

112s1120.2920.355b0.55，满足适用条件。s0.5112s0.51120.2920.823

M'215.7106As11986mm2fysh03000.823440AsAs1As219869412927.0mm2最后得

选用6φ25mm的钢筋，As=2945.9mm2

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混凝土结构设计原理课后习题答案

8．已知梁截面尺寸为200mm×400mm，混凝土等级C30，

fy300N/mm2fc14.3N/mm2，钢筋采用HRB335，

，环境类别为二类，受拉钢筋为3φ25的钢筋，As=1473mm2，受压钢筋为2φ6的钢筋，

A’s = 402mm2；要求承受的弯矩设计值M=90 KN.m。

求：验算此截面是否安全

解：fc=14.3N/mm2，fy=fy’=300N/mm2。 由表知，混凝土保护层最小厚度为35mm，故由式

xa352547.52mm，h0=400-47.5=352.5mm

1fcbxfy'As'fyAs，得fyAsfy'As'

1fcb3001473300402112.3mmbh01.014.3200 0.55352.5194mm2a'24080mm代入式

x''Mu1fcbxh0fyAsh0a'2112.31.014.3200112.3352.5300402352.5402132.87106N.mm90106N.mm，安全。

注意，在混凝土结构设计中，凡是正截面承载力复核题，都必须求出混凝土受压区高度x值。

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混凝土结构设计原理课后习题答案

9．已知梁的截面尺寸b=250mm，h=500mm，混凝土为C30级，级钢筋，

fy360N/mm2ft1.43N/mm2,fc14.3N/mm2，采用HRB400

，承受弯距设计值M=300kN·m，试计算需配置的纵向受力钢筋。

解：（1）设计参数

由表查得材料强度设计值，C30级混凝土

fc14.3MPa,HRB400as,max0.384,b0.518，等级矩形图形系数1.0。

初步假设受拉钢筋为双排配置，取h050060440mm。 （2）计算配筋

M300106sf225044020.433as,max0.384cbh014.3

故需配受压筋，取a40mm。

Ma2s,maxfcbh03001060.38414.32504402As)360(44040)238mm2fy(h0a

Asfcbh0As0.51814.32504402382501mm2fy360

由表知，受压钢筋选用214，A308mm2s；

受拉钢筋选用8

20,As2513mm2。

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钢筋

fyfy360MPa，

级混凝土结构设计原理课后习题答案

若取0.8b，则有

2M0.8b(10.4b)fcbh0Asfy(h0a)

3001060.80.518(10.40.518)14.32504402504mm2360(44040)0.8fcbbh0fy14.30.80.518AsAs2504405042315mm2fyfy360

。

fc14.3N/mm2此时总用钢量为2315+504=2819mm2，大于前面取b时计算的总用钢量2501+238=2739mm2。受压钢筋选用218，

509mm2AS；受拉钢筋选用4

20418,As2273mm210．已知梁截面尺寸b=200mm，h=400mm，混凝土强度等级为C30，级，

fy360N/mm2，钢筋采用HRB400

402mm2),16(AS，环境类别为二类b，受拉钢筋采用3

25(AS1473mm2)，受压钢筋为2

要求承受的弯矩设计值M=90kN·m验算此梁是否安全。

解：查表或计算得：故as11.0,fc14.3N/mm2,fyfy360N/mm2,b0.518,混凝土保护层最小厚度为35mm，

3525/247.5mm,as3516/243mm,h040047.5352.5mm。

将以上有关数值代入基本公式，可得

xfyAsfyAsa1fcb3601473360402134.81mm1.014.3200

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混凝土结构设计原理课后习题答案

bh00.518352.5182.6mmx134.81mm2as24386mm

可见满足基本公式的适用条件。 将x值代入基本公式得

x(h0aMua1fcbx(h0)fyAss)21.014.3200134.81(352.5134.81/2)360402(352.543)154.71106Nmm

由于M=90kN·m＜Mu=154.71KN·m，故此梁安全。

11．已知T形截面梁，截面尺寸如图4所示，混凝土采用C30，级钢筋，

fy360N/mm2fc14.3N/mm2，纵向钢筋采用HRB400

，环境类别为一类。若承受的弯矩设计值为M=700kN·m，计算所需的受拉钢筋

截面面积AS（预计两排钢筋，as=60mm）。

解：1、确定基本数据

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混凝土结构设计原理课后习题答案

由表查得

fc14.3N/mm2；

fy360N/mm2；a1=1.0；b0.518。

2、判别T形截面类

a1fcbfhf(h0hf2)1.014.3600120(6401202)

597.17106Nmm597.17kNmM700kNm

故属于第二类T形截面。 3、计算受拉钢筋面积AS。

Ma'b)h'(hh'fas1fc(bff02)a1fcbh20 7001061.014.3(600300)120(6401202) =

1.014.33006402

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如图4

混凝土结构设计原理课后习题答案

=0.228

112as1120.2280.262b0.518ASa1fcbh0a1fc(b'fb)h'ffy

2 3428mm

1.014.33000.2626401.014.3(600300)120360

选用4Ф282Ф25（AS=2463+982=3445mm2）

12． 某钢筋混凝土T形截面梁，截面尺寸和配筋情况（架立筋和箍筋的配置情况略）如图5所示。混凝土强度等级为C30，

fc14.3N/mm2，纵向钢筋为HRB400级钢筋，

fy360N/mm2，as=70mm。若

截面承受的弯矩设计值为M=550kN·m，试问此截面承载力是否足够？

解：1、确定基本数据 由表查得，

fc14.3N/mm2；fy360N/mm2；

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a1=1.0；b0.518；AS=2945mm2。

混凝土结构设计原理课后习题答案

h0has70070630mm

2、判别T形截面类型

a1fcb'fh'f1.014.3600100858000N 如图5

fyAS36029451060200N858000N

故属于第二类T形截面。 3、计算受弯承载力Mu。

xfyASa1fc(b'fb)h'fa1fcb

36029451.014.3(600250)1001.014.3250

=156.56mm

xbh00.518630326.34mm，满足要求。

h'fx''Mua1fcbx(h0)a1fc(bfb)hf(h0)22

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混凝土结构设计原理课后习题答案

1.014.3250156.56(630156.56100)1.014.3(600250)100(630)22 599.09106Nmm=599.00kN·m

Mu＞M=550kN·m 故该截面的承载力足够。

13． 已知肋形楼盖的次梁，弯矩设计值M=410KN.m，梁的截面尺寸为b×h=200mm×600mm，bf’=1000mm，hf’= 90mm；混凝土等级为C20，为一类。

求：受拉钢筋截面面积

解：fc=9.6N/mm2，fy=300N/mm2，α1=1.0，β1=0.8 鉴别类型：

因弯矩较大，截面宽度较窄，预计受拉钢筋需排成两排，故取 h0ha60060540mm

'hf901.09.61000901fcbfhfh054022 427.7106410106

''fc9.6N/mm2，钢筋采用HRB335，

fy300N/mm2，环境类别

属于第一种类型的T形梁。以bf’代替b，可得

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混凝土结构设计原理课后习题答案

sM1fcbf'h024101060.14621.09.61000540112s0.159b0.55s0.5112s0.921

选用6φ25，As=2945mm2。

410106As2748mm2fysh03000.921540M

14． 某一般环境中的中型公路桥梁中，梁的截面尺寸为b×h=200mm×500mm，混凝土强度等级为C25，

ftd1.23N/mm2,fcd11.5N/mm2，钢筋采用HRB335，

fsd280N/mm2，截面弯矩设计值Md=165KN.m。

求：（1）受拉钢筋截面面积；（2）若是一建筑工程单跨简支梁，情况又如何。 解：（1）查取相关数据

r01.0,fcd11.5N/mm2,ftd1.23N/mm2,fsd280N/mm2,b0.56

38

ftd1.23380.1670.15,取min0.167%fsd280

50065采用绑扎骨架，按两层布置钢筋，假设as=65mm，h0求受压区高度 相关数据代入式得

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=435mm。

混凝土结构设计原理课后习题答案

r(hx0Mdfcdbx02)，有 16510611.5200x(435x2)

解得 x221.1mm或648.9mm

取 x221.1mmbh00.56435243.6mm 求所需钢筋数量AS 有关数据代入公式 fcdbxfsdA

Asfcdfbx11.5280200221.1sd

=1816.2mm2 选配钢筋并满足最小配筋率

由表查得6ф20，AS实=1884mm2，考虑按两层布置，ф层采用c25mm。

钢筋净间距为

2002253(202)

Sn342mm

满足要求。

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20钢筋的外径为22mm，梁侧混凝土保护混凝土结构设计原理课后习题答案

实际配筋率

As18842.2%min0.167%bh0200435

(2)若是建筑工程中单跨简支梁 查取有关数据：

11.0,fc11.9N/mm2,ft1.27N/mm2,fy300N/mm2,b0.55

45ft/fy451.27/3000.190.2 取min0.2%

按双层布筋 as

60mm,h050060440mmsM/1fcbh02165106/1.011.920044020.35812s0.467b0.55 1 s

0.5(112s)0.766

AsM/fysh0165106/3000.7664401631.8mm2As实1705mm2203183

选配钢筋，查表知

配筋率As/bh01705/2004401.9%min0.2%，满足要求

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混凝土结构设计原理课后习题答案

第五章 受弯构件斜截面承载力

计算题参考答案

1．一钢筋混凝土矩形截面简支梁，截面尺寸250mm×500mm，混凝土强度等级为C20（ft=1.1N/mm2、fc=9.6 N/mm2），箍筋为热轧HPB235级钢筋（fyv=210 N/mm2），纵筋为325的HRB335级钢筋（fy=300 N/mm2），支座处截面的剪力最大值为180kN。

求：箍筋和弯起钢筋的数量。 解：

（1）验算截面尺寸

hwh0465mm,hw4651.864b250

属厚腹梁，混凝土强度等级为C20，fcuk=20N/mm2<50 N/mm2故βc=1

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混凝土结构设计原理课后习题答案

0.25cfcbh00.2519.6250465279000NVmax180000N

截面符合要求。

（2）验算是否需要计算配置箍筋

0.7ftbh00.71.125046589512.5NVmax(180000N),故需要进行配箍计算。

（3）只配箍筋而不用弯起钢筋

V0.7ftbh01.25fyvnAsv1h0s

nAsv10.741mm2/mm则 s

若选用Φ8@120 ，实有

nAsv1250.30.8380.741(可以）120 s

配箍率

svnAsv1250.30.335%bs250120

最小配箍率

svmin0.24ft1.10.240.126%sv(可以)fyv210

（4）既配箍筋又配弯起钢筋

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混凝土结构设计原理课后习题答案

根据已配的325纵向钢筋，可利用125以45°弯起，则弯筋承担的剪力：

Vsb0.8Asbfysins0.8490.9300283308.5N2

混凝土和箍筋承担的剪力： VcsVVsb18000083308.596691.5N

选用Φ6@200 ，实用

nAsv1h0s228.389512.51.25210465200 124056.2N96691.5N(可以)。

Vcs0.7ftbh01.25fyv

2．钢筋混凝土矩形截面简支梁，如图5－27 ，截面尺寸250mm×500mm，混凝土强度等级为C20（ft=1.1N/mm2、fc=9.6 N/mm2），箍筋为热轧HPB235级钢筋（fyv=210 N/mm2），纵筋为225和222的HRB400级钢筋（fy=360 N/mm2）。

求：（1）只配箍筋；（2）配弯起钢筋又配箍筋。

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混凝土结构设计原理课后习题答案

图5－27 习题5-2图 解：

（1）求剪力设计值

支座边缘处截面的剪力值最大

（2）验算截面尺寸

hwh0465mm,Vmax11ql060(5.40.24)154.8KN22

hw4651.864b250

属厚腹梁，混凝土强度等级为C20，fcuk=20N/mm2<50 N/mm2故βc=1

0.25cfcbh00.2519.6250465279000NVmax

截面符合要求。

（3）验算是否需要计算配置箍筋

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混凝土结构设计原理课后习题答案

0.7ftbh00.71.125046589512.5NVmax,故需要进行配箍计算。

（4）只配箍筋而不用弯起钢筋

V0.7f1.25fnAsv1tbh0yvsh015480089512.51.25210nAsv1s465 nAsv1则 s0.535mm2/mm

若选用Φ8@150 ，实有

nAsv1 s250.31500.6710.535(可以）

nAsv1250.3配箍率

svbs2501500.268%

t最小配箍率

svmin0.24ff0.241.10.126%sv(可以)yv210

（5）既配箍筋又配弯起钢筋

根据已配的225+222纵向钢筋，可利用122以45°弯起，则弯筋承担的剪力：- 68 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

Vsb0.8Asbfysins0.8380.13602277406.1N

混凝土和箍筋承担的剪力： VcsVVsb15480077406.177393.9N

选用Φ8@200 ，实有

VnAsv1cs0.7ftbh01.25fyvsh089512.51.25210250.3200465 150910.0N77393.9N(可以)

(6)验算弯起点处的斜截面

V1548002.580.482.58126000150910.0N

故满足要求.

上题中，既配弯起钢筋又配箍筋，若箍筋为热轧HPB335，其他条件不变，求：箍筋和弯起钢筋的数量。

解：

（1）求剪力设计值

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fyv=300 N/mm2），荷载改为级钢筋（100KN/m混凝土结构设计原理课后习题答案

支座边缘处截面的剪力值最大

（2）验算截面尺寸

hwh0465mm,Vmax11ql0100(5.40.24)258KN22

hw4651.864b250

属厚腹梁，混凝土强度等级为C20，fcuk=20N/mm2<50 N/mm2故βc=1

0.25cfcbh00.2519.6250465279000NVmax

截面符合要求。

（3）验算是否需要计算配置箍筋

0.7ftbh00.71.125046589512.5NVmax,故需要进行配箍计算。

（4）既配箍筋又配弯起钢筋

根据已配的225+222纵向钢筋，可利用122以45°弯起，则弯筋承担的剪力：

Vsb0.8Asbfysins0.8380.1360277406.1N2

混凝土和箍筋承担的剪力：

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混凝土结构设计原理课后习题答案

VcsVVsb25800077406.1180593.9N

选用8@150 ，实用

nAsv1h0s250.389512.51.25300465150 206460N180593.9N(可以)

Vcs0.7ftbh01.25fyv(5)验算弯起点处的斜截面

V2580002.580.48210000N206460N2.58

故应在此处弯起另外一根钢筋或采用箍筋加密方案.由于剪力相差不多,可将弯起钢筋的弯终点适当后延,使其距支座边缘的距离为100mm.则

则配8@150的箍筋就能满足要求.

4．钢筋混凝土矩形截面简支梁（图5-28），集中荷载设计值P=100kN，均布荷载设计值（包括自重）q=10kN/m，截面尺寸250mm×600mm，混凝土强度等级为C25（ft=1.27N/mm2、fc=11.9 N/mm2），箍筋为热轧HPB235级钢筋（fyv=210 N/mm2），纵筋为425的HRB335级钢筋（fy=300 N/mm2）。求：

- 71 -

V2580002.580.53205000N206460N2.58混凝土结构设计原理课后习题答案

箍筋数量（无弯起钢筋）。

图5-28习题5-4图 解：

（1）求剪力设计值 见图

（2）验算截面条件

c1(fcuk50N/mm2)0.25cfcbh00.25111.9250565420218.8NVmax截面尺寸符合要求. （3）确定箍筋数量

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混凝土结构设计原理课后习题答案

该梁既受集中荷载，又受均布荷载，但集中荷载在支座截面上引起的剪力值小于总剪力值的75%。

V集 V总10033%300

根据剪力的变化情况，可将梁分为AB、BC两个区段来计算斜截面受剪承载力。 AB段:验算是否需要计算配置箍筋

0.7ftbh00.71.27250565125571.2NVmax300000N

必须按计算配置箍筋。

VA0.7ftbh01.25fyvnAsv1h0snAsv1565s300000125571.21.25210nAsv11.176s

选配Φ10@120，实有

nAsv1278.51.3081.176s120 （可以）

BC段：

0.7ftbh00.71.27250565125571.2NVmax50000N

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混凝土结构设计原理课后习题答案

仅需按构造配置箍筋，选用Φ8@250

最后，两侧选用Φ10@120，中间选用Φ8@250。

5． 钢筋混凝土矩形截面简支梁，如图5－29 ，截面尺寸250mm×500mm，混凝土强度等级为C20ft=1.1N/mm2、fc=9.6 N/mm2），箍筋Φ8@200的 HPB235级钢筋（fyv=210 N/mm2），纵筋为HRB400级钢筋（fy=360 N/mm2），无弯起钢筋，求集中荷载设计值P。

图5-29习题5-5图 解：1、确定基本数据 查表得11.0；b0.518。

As1520mm2,Asv150.3mm2；取as35mm；取c1.0

2、剪力图和弯矩图见下图

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422（的混凝土结构设计原理课后习题答案

3、按斜截面受剪承载力计算 （1）计算受剪承载力

Vua10002.15h0465

A1.75ftbh0fyvsvh01s 1.7550.321.12504652104652.151200 120159.6N

（2）验算截面尺寸条件

hwh04651.864bb250时

Vu120159.6N0.25cfcbh00.2519.6250465279000N

该梁斜截面受剪承载力为125109.6N。

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混凝土结构设计原理课后习题答案

nAsv1bs250.32502000.0020130.24ft1.1svsv,minf0.240.00126sv210

（3）计算荷载设计值P

13由18PVu得 P1813V18u13120159.6166.4kN

4、按正截面受弯承载力计算 （1）计算受弯承载力Mu

xfyAsa1f3601520cb1.09.6250228mmbh00.518465240.87mm

满足要求。

Mfx228ua1cbx(h02)1.09.6250228(4652) 192.07106Nmm192.07kNm

（2）计算荷载设计值P

P1813Mu265.9kN

该梁所能承受的最大荷载设计值应该为上述两种承载力计算结果的较小值，故- 76 -

P166.4kN。

混凝土结构设计原理课后习题答案

6． 一钢筋混凝土简支梁如图5-30所示，混凝土强度等级为C25（ft=1.27N/mm2、fc=11.9 N/mm2），纵筋为HRB400级钢筋（fy=360 N/mm2），箍筋为HRB235级钢筋（fyv=210 N/mm2），环境类别为一类。如果忽略梁自重及架立钢筋的作用，试求此梁所能承受的最大荷载设计值P。

图5-30习题5-6图

解：1、确定基本数据 查表得11.0 b0.518。

；取as35mm；取c1.0

As1473mm2,Asv150.3mm22、剪力图和弯矩图见图5-30（b） 3、按斜截面受剪承载力计算 （1）计算受剪承载力

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混凝土结构设计原理课后习题答案

Vua15003.223,取3h0465

A1.75ftbh0fyvsvh01s 1.7550.321.2725046521046531200 113709.4N

（2）验算截面尺寸条件

hwh04651.864bb250时

Vu113709.4N0.25cfcbh00.25111.9250465345843.8N

该梁斜截面受剪承载力为113709.4N。

svnAsv1250.3f1.270.002013sv,min0.24t0.240.00145bs250200fsv210

（3）计算荷载设计值P

2PVu由3得

33PVu113709.4170.6kN22

4、按正截面受弯承载力计算

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混凝土结构设计原理课后习题答案

（1）计算受弯承载力Mu

xfyAs3601473a1.011.9250178.2mmbh00.518465240.87mm1fcb

满足要求。

Mhx178.2ua1fcbx(02)1.011.9250178.2(4652) 199.3106Nmm199.3kNm

（2）计算荷载设计值P

PMu199.3kN

该梁所能承受的最大荷载设计值应该为上述两种承载力计算结果的较小值，故

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P170.6kN。 混凝土结构设计原理课后习题答案

第六章 偏心受压构件承载力

计算题参考答案

1．（矩形截面大偏压）

已知荷载设计值作用下的纵向压力N600KN,弯矩M180KN·m,柱截面尺寸bh300mm600mm，

asas'40mm，混凝土强度等级为C30，fc=14.3N/mm2,钢筋用HRB335级，fy=f’y=300N/mm2，b0.550，

l03.0m柱的计算长度，已知受压钢筋

As'402mm2（），求：受拉钢筋截面面积As 。

解：⑴求ei、η、e

M180106e0300mmN600103 ea20mm

eie0ea30020320mm10.5fcA0.514.33006002.4151.0N600103

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混凝土结构设计原理课后习题答案

取11.0

l0h3000600515,21.0

11(l0)2121400eihh011320521.01.01.031400560

1.03

ee600ih2as1.03320240590mm

（2）判别大小偏压 ei1.03320329.6mm0.3h00.3560168mm为大偏压

e'e600ih/2a's1.0332024069.6mm

（3）求As

由

Ne'x'''1fcbfxh02fyAsh0as

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混凝土结构设计原理课后习题答案

3600105901.014.3300x(5600.5x)300402(56040) 即

整理得：x21120x135698.60

解得 x1981.7mm(舍去)，x2138.3mm 由于x满足条件：由

2as'xbh0

Na1fcbxfy'As'fyAsAs

1fcbxNfyAs'fyfy'1.014.3300138.3600103As40230022379.7mmbh0.002300600360mmmin得

选用受拉钢筋，

As402mm2

2。（矩形不对称配筋大偏压）

已知一偏心受压柱的轴向力设计值N = 400KN,弯矩M = 180KN·m,截面尺寸

bh300mm500m,

asas'40mm,计算长度l0 = 6.5m, 混凝土等级为C30，fc=14.3N/mm2，钢筋为HRB335，,

fyfy'300N/mm2，采用不对称配筋，求钢筋截面面积。

解：（1）求ei、η、e

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混凝土结构设计原理课后习题答案

M180106e0N400103450mm h有因为305003016.7mm20mm

取ea20mm

eie0ea45020470mm

.5fcA0.514.330050010N4001032.6811.0

11.0

l0h6500/5001315，21.0，所以211l01400e12ihh011324701.01.01.121.01400460

1.12

ee500ih2as1.12470240736.4mm（2）判别大小偏压

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混凝土结构设计原理课后习题答案

ei1.12470526.4mm0.3h00.3460138mm

按大偏心受压计算。 （3）计算和As

b1As'1fyEsu0.80.550300121050.0033

b0.550

则

As'Ne1fcbh0b10.5b2fyh0as''400103736.41.014.330046020.550(10.50.550)300(46040)0

按构造配筋 由公式

'As'minbh0.002300500300mm2

NefyAsh0as1fcbh010.5推得

'''2- 84 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

112Nefy'As'(h0as')1fcbh02400736.4103300300(46040)1121.014.330046020.341

As1fcbh0bNfyAs'fyfy'1.014.33004600.3414001033003003003001209.8mm2

故受拉钢筋取受压钢筋取

，As = 1256mm2 ，As402mm2

'3． （矩形不对称配筋大偏压）

已知偏心受压柱的截面尺寸为bh300mm400mm，混凝土为C25级，fc=11.9N/mm2 , 纵筋为HRB335级钢，

fyfy'300N/mm2A'S804mm2,轴向力N，在截面长边方向的偏心距eoAS628mm2200mm。距轴向力较近的一侧

配置416纵向钢筋，另一侧配置220纵向钢筋

asas'35mm,，柱的计算长度l0 =

5m。求柱的承载力N。

解：

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混凝土结构设计原理课后习题答案

（1）求界限偏心距eob C25级混凝土,

fc11.9N/mm2,HRB335级钢筋

查表得b0.550，ho365mm。由于A’s及As已经给定，故相对界限偏心距e0b/h0为定值，

0.5a1fcbbh0(hbho)0.5(fy'As'fyAs)(h2as)eobMbhoNbh0(a1fcbbhofy'As'fyAs)ho0.55011.9300365(4000.550365)300(804628)3302(0.55011.9300365300804300628)365 =0.506

eob0.506365185mm,ea20mm,ei20020220mm,eieob属大偏心受压。

（2）求偏心距增大系数

11.0

lo/h5000/40012.515，故21.0，

11(12.5)21.01.01.1851400220/365

（3）求受压区高度x及轴向力设计值N。

eeih/2a1.18522020035425.7

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混凝土结构设计原理课后习题答案

N1fcbxfy'As'fyAsxNefbx(h)fy'As'(h0as')1c02代入式：

N11.9300x300804300628N425.71.011.9300x(3650.5x)300804(36535)

解得x=128.2mm；N=510.5kN （4）验算垂直于弯矩平面的承载力

l0/b5000/30016.7,查表得，0.85N0.9(fcAfy'As')0.90.85(11.9300400300804300628)1421KN580KN

4．（矩形不对称小偏心受压的情况）

l06m,asas'40mm,bh300mm500mm,某一矩形截面偏心受压柱的截面尺寸计算长度混凝土强度等

级为C30，fc=14.3N/mm2,11.0,用HRB335级钢筋，fy=fy’=300N/mm2,轴心压力设计值N = 1512KN,弯矩设计值M = 121.4KN·m,试求所需钢筋截面面积。

解：

⑴求ei、η、e

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混凝土结构设计原理课后习题答案

eM121.41060N151210380.3mm h305003016.7mm20mm ea20mm

eie0ea80.320100.3mm

0.5fcA0.514.33005001N15121030.709

l0h60005001215，21.011l20eh121400ih0111220.1400100.37091.04601.233 eeih2as1.233100.3500/240334mm

（2）判断大小偏压

ei1.233100.3124.2mm0.3h00.3460138mm属于小偏压

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混凝土结构设计原理课后习题答案

e'h500eias'124.24085.8mm22

（3）计算As、As＇

取As=ρminbh=0.002300500300mm 由公式

x/h01xNe'1fcbx(as')fyAs(h0as')2b12

经整理后得出

x[2a2's2fyAs(h0as')1fcbh0(1b)]x[21fyAs2Ne'(h0as')]01fcb1fcb(1b)

代入已知参数，得

x273.24x107426.010x1293.23mm,x2366.42mm(舍去）

满足bh0xh 将x

x'Ne'1fcbx(h0)f'yAs(h0as')2代入

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混凝土结构设计原理课后习题答案

As''Ne1fcbxh00.5xfyh0as''1512103347.61.014.3300293.23(4600.5293.23)As300(46040)得：1042mm2选用 由于

2A1256mms，

'

N1512103fcA14.33005002145103N

因此，不会发生反向破坏，不必校核As 。 5．（矩形对称配筋大偏压）

l03.0m,asas'35mmbh300mm400mm, 已知一矩形截面偏心受压柱的截面尺寸柱的计算长度 ，混

凝土强度等级为C35，fc = 16.7N/mm2,用HRB400级钢筋配筋，fy=f’y=360N/mm2,轴心压力设计值N = 400 KN,弯矩设计值M = 235.2KN·m,对称配筋，试计算

解：⑴求ei、η、e

M235.2106e0588mmN400103 ea20mmAsAs'?

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eie0ea58820608mm混凝土结构设计原理课后习题答案

0.5fcAN0.516.730040014001032.5051.0

11.0

l0h30004007.515，21.011l201400e12ihh0117.521.01.014006083651.0241.0

1.024

ee608400ih2as1.0242035787.7mm

（2）判别大小偏压

ei1.024608622.6mm0.3h00.3365109.5mm属于大偏压 （3）求

As和A's

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混凝土结构设计原理课后习题答案

因为对称配筋，故有N1fcbh0

N400103 所以0.219701fcbh01.016.73003653650.192

2A'Ne1fcbh010.5

As''sfyh0as

400103787.71.016.73003652(0.2190.50.219)360(36535)

2037mm2'2minbh0.002300400240mm

符合要求， 各选配

，AsA's1964mm2,稍小于计算配筋，但差值在

5%范围内，可认为满足要求。6．(矩形对称配筋小偏压) 条件同

6-4，但采用对称配筋，求A'sAs？

解：⑴求ei、η、e 题6-4中已求得：ei100.3mm,1.372,ei137.6mm

ee137.650040347.6mmih2as2

（2）判别大小偏压

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混凝土结构设计原理课后习题答案

Nb1fcbh0b1.014.33004600.5501085.4KNN1512KNNb1085.4KN

，属于小偏压

Nb1fcbh0b2Ne0.431fcbh01fcbho(1b)(h0a's)15121030.5501.014.33004600.55032151210347.60.4314.33004601.014.3300460(0.80.550)(46040)0.681 x0.681460313.3mm

As'（3）计算As、 Ne1fcbxh00.5xfyh0as'As''

1512103347.61.014.3300313.3(4600.5313.3)300(46040)935.3mm2minbh0.002300500300mm2选用

AsAs1017mm2，

'asas'35mmbh200mm400mm7．已知某柱子截面尺寸，，混凝土用

C25，fc =11.9N/mm2,钢筋用

l0=3.6m,

HRB335级，fy=f’y=300N/mm2，钢筋采用

'As，对称配筋，As226mm2,柱子计算长度

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混凝土结构设计原理课后习题答案

偏心距e0=100mm, 求构件截面的承载力设计值N。

解：⑴求ei、η、e 已知e0=100mm

h 304003013.3mm20mm

取ea20mm

eie0ea10020120mm

取11.0

l36000h400915，21.011l20e121400ihh011921.01.014001203651.1761.0

1.176

ee400ih2as1.176120235306.12mm

（2）判别大小偏压

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混凝土结构设计原理课后习题答案

''Mb0.51fcbbh0(hbh0)0.5(fyAsfyAs)(h2as)eobNb1fcbbh0fy'As'fyAs0.51.011.92000.550365(4000.550365)0.5(300226300226)(400235)1.011.92000.550365求界限偏心率146.5mm又因为

ei1.176120141.1mm146.5mm，故为小偏压。

（3）求截面承载力设计值N

N''11fcbxfyAsfyAsb1

x0.81.011.9200x3002263650.5500.83002263123x149160 又由

Nex1fcbxh02f'yA'sh0a's

得：N306.121.011.9200x(3650.5x)300226(36535) 整理得：N2839x3.889x273117 （B）

联立（A）(B)两式，解得x205mm,代入（A）式中得： N491060N

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A）

（混凝土结构设计原理课后习题答案

根据求得的N值，重新求出1、值：

10.5fcA0.511.92004000.969N491060

相应值为1.717，与原来的1、值相差不大，故无需重求N值。

8．某I形柱截面尺寸如图6-22所示，柱的计算长度l0= 6.8m 。对称配筋。混凝土等级为C30，

asas'35mm，fc=14.3N/mm2,钢筋为HRB400, fy=f’y=360N/mm2,轴向力设计值N = 800KN，弯矩

M=246KN·m 求钢筋截面面积。

解：⑴求ei、η、e

h0has70035665mm

M246106e0307.5mm3N80010 h70023.3mm20mm3030 ea23.3mm

eie0ea307.523.3330.8mm10.5fcA0.514.31300001.1621.03N80010

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混凝土结构设计原理课后习题答案

11.0

l0h68009.7115，21.070012l01eih121400h011(9.71)21.01.01.1351.0330.81400665

1.135

eeih2as1.135330.870035690.5mm2

（2）判别大小偏压

Tfc(b'fb)h'f14.3(350100)120429000NNT8001034291031fcbh01.014.31006650.390b0.550

属大偏压

xh00.390665259.4mm120mm，中性轴位于腹板内。

（3）计算和

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AsAs'混凝土结构设计原理课后习题答案

As'Ne1fcbxh00.5x1fcbfbhfh00.5hf'''120)2f'yh0a's800103690.51.014.3100259.4(6650.5259.4)1.014.3250120(665415.6mm2360(66535)

AsAs'452mm2选用，

9．某单层厂房下柱，采用I形截面，对称配筋，柱的计算长度l0=6.8m, 截面尺寸如图6-23所示，

asas'40mm混凝土等级为C30，fc=14.3N/mm2，钢筋为HRB400，fy=f’y=360N/mm2,根

据内力分析结果，该柱控制截面上作用有三组不利内力： ○1N = 550KN，M=378.3KN·m ○2N = 704.8KN，M =280KN·m ○3N = 1200KN，M = 360KN·m 根据此三组内力，确定该柱截面解：Ⅰ、求解第○1组内力

M378.3106e0687.8mm3N55010

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配筋面积。

混凝土结构设计原理课后习题答案

h308003026.67mm20mm ea26.67mm

eie0ea687.826.67714.47mm

0.5fcA0.514.31N1700005501032.211.0

取11.0

l68000h8008.515，21.011l20eh121400ih011(8.5)21.01.01400714.57601.05

取1.05

ee800ih2as1.05714.52401110.23mm

（3）判别大小偏压

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混凝土结构设计原理课后习题答案

''Nb1fcbh0b1fc(bfb)hf+

1.014.31007600.5181.014.3(400100)1501206.5KN

N550KN1206.5KN，故属于大偏压。

800e'eihas'1.05714.540390.23mm22

N1fc(b'fb)hffcbh05501031.014.330015001.014.3100760

取

x2as'24080mm

AsA'sN(eiha's)2f'y(hoa's)550103390.23828mm2由公式360(76040)

假设则

'As0，由NfyAs

N550103As1527.8mm2360fy2'2Amin{A A}828mmA0.002(1008002300150)340mmssmin取s

Ⅱ、求解第○2组内力

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混凝土结构设计原理课后习题答案

（1）求解ei、η、e

eM2801060N704.8103397.3mm h308003026.67mm20mm ea26.67mm

eie0ea397.326.67423.97mm

.5fcA0.10N514.3170000704.81031.7251.0

11.0

l0h68008008.515，21.011l20eh121400ih0118.521.011400423.97.07601.09 1.09

eeih2as1.09423.97800240823.2mm- 101 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

（2）判别大小偏压

N704.8KN1206.5KN，属大偏压。

e'e2'.97800ihas1.09423240102.13mm

N1fc(b'fb)hff7041031.014.3300150cbh01.014.31007600.056

xh'00.05676042.9mm2as80mm

取x80mm

N(eh由公式AisA's2a's)f'y(hoa's)704.8103102.13(76040)277.7mm2'minA0.002(1008002300150)340mm2360Ⅲ、⑴求ei、η、e

M360106e0N1200103300mm h308003026.67mm20mm ea26.67mm

eie0ea30026.67326.67mm

- 102 -

3种内力 求解第○

混凝土结构设计原理课后习题答案

10.5fcA0.514.31700001.031.03N120010

11.0

l0h68008.515，21.080012l01eih121400h018.521.01.0326.6714007601.121.0 11.12

eeih2as1.12326.6780040725.89mm2

（2）判别大小偏压

N1200KNNb1206.5KN

N1fc(b'fb)hf1fcbh012001031.014.33001500.5121.014.3100760

由公式

- 103 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

As'Ne1fcbxh00.5x1fcbfbhfh00.5hf'''150)2f'yh0a's1200103725.891.014.3100389.2(7600.5389.2)1.014.3300150(760360(76040)2'2446mmA0.002(1008002300150)340mmmin

综合Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ 算得的As结

钢筋的配筋至少要使AsA's828mm2

故选用，

AsA's982mm2

第七章 偏心受拉构件承载力

计算题参考答案

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果知混凝土结构设计原理课后习题答案

1． 某矩形水池，壁厚200mm，as=as’=25mm，池壁跨中水平向每米宽度上最大弯矩M=390KN.m，相应的轴向拉力N=300KN，混凝土C20，fc=9.6N/mm2，钢筋HRB335，fy’=fy=300 N/mm2，求池壁水平向所需钢筋。

解：

判别大小偏心

eM390106N3001031300mmh2a2000s22575mm属大偏拉。 求所需钢筋面积

eeh02a1300200s2251225mm,h0175mm取b0.550，由式2A'Ne1fcbh02b0.5bsfy'h0as'30010312259.6100017520.5500.50.5502300175255561.5mm20取As'min'bh0.0021000200400mm2可选用

22@70 （A's5702mm2）

- 105 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

该题为已知As’求As的问题。

x'''Ne1fcbxh0fyAsh0as2由式



30010312259.61000x(175x/2)360570217525整理后得到x2350x23106.30解得x88.3mm2as'50mm又x88.3mmbh091mmAs

1fcbh0bfy'As'Nfy则

9.6100088.330057023001033002 9527.6mm

可选用30@70mm（

As10603mm2）

2． 某混凝土偏心拉杆， b×h=250mm×400mm，as=as’=35mm，混凝土C20，fc=9.6N/mm2，钢筋HRB335，fy’=fy=300 N/mm2，已知截面上作用的轴向拉力N=550KN，弯矩M=60KN·m ，求：所需钢筋面积。

解：

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混凝土结构设计原理课后习题答案

1）判别大小偏心

M60106he0109.1mmas20035165mmN5501032

轴向力作用在两侧钢筋之间，属小偏拉。 2）求所需钢筋面积

h400e0as109.13555.9mm22h400e'e0as'109.135274.1mm22Ne55010355.7As'310.6mm2min'bh0.002250400200mm2fyh0as'30036535eNe'550103274.1As1522.8mm2fyh0'as30036535

AsAs'选用22A308mm14 s

'选用422 As1520mm2

第八章 受扭构件承载力

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混凝土结构设计原理课后习题答案

计算题参考答案

1。钢筋混凝土矩形截面构件，截面尺寸bh250450mm，扭矩设计值T10kNm，混凝土强度等级为C30（

fc14.3N/mm2，

ft14.3N/mm2），纵向钢筋和箍筋均采用HPB235级钢筋（

fyvfy210N/mm2），试

计算其配筋。

解：（1）验算构件截面尺寸

122502Wtb(3hb)(3450250)11.46106mm266

T101060.87N/mm20.25cfc6 Wt11.4610

20.251.014.33.58N/mm

满足

T0.25cfcWt是规范对构件截面尺寸的限定性要求，本题满足这一要求。

（2）抗扭钢筋计算

T1010620.87N/mm0.7ft6Wt11.4610

- 108 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

按构造配筋即可。

2．已知矩形截面梁，截面尺寸300×400mm，混凝土强度等级C20(fc9.6N/mm2，

ft1.1N/mm2），箍

筋HPB235（

fyv210N/mm2），纵筋HRB335(

fy300N/mm2)。经计算，梁弯矩设计值计值V16kN，扭矩设计值T3.8kNm，试确定梁的配筋。

解：（1）按hw/b≤4情况，验算梁截面尺寸是否符合要求

b23002 Wt6(3hb)6(3400300)135105mm2

VbhT160003800103.81351050.49N/mm200.8Wt3003650

0.25fc0.259.62.4N/mm2

截面尺寸满足要求。 （2）受弯承载力

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M14kNm，剪力设

混凝土结构设计原理课后习题答案

M14106s0.0361fcbh0219.63003652112s0.037b0.55s0.5112s0.98214106As130mm2fysh03000.982365M

min45ft1.1450.165%0.2%fy300；取0.2％

As=ρmin×bh=0.2％×300×400=240mm2 （3）验算是否直接按构造配筋 由公式（8-34）

VT1600038000000.4280.7ft0.71.10.77bh0Wt30036513500000

直接按构造配筋。 （4）计算箍筋数量

选箍筋φ8@150mm，算出其配箍率为

nA*sv1250.3sv0.0022bs300150

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混凝土结构设计原理课后习题答案

最小配箍率

sv,min0.28ft1.10.280.0015fyv210

满足要求。 （5）计算受扭纵筋数量

根据公式（8-10），可得受扭纵筋截面面积

AstlfyvAst1ucorfys

ucor2(bcorhcor)2(250350)1200mm

（6）校核受扭纵筋配筋率

tl,minAstl1.221050.31200338mm2300150

Tft38001031.10.60.60.0020Vbfy16000300300

实际配筋率为 满足要求。

tlAstl3380.0028tl,min0.0020bh300400

（7）纵向钢筋截面面积

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混凝土结构设计原理课后习题答案

按正截面受弯承载力计算，梁中钢筋截面面积为As240mm2，故梁下部钢筋面积应为240+338／

3=353㎜2，实配216（402㎜2）

腰部配210，梁顶配210。

第九章 钢筋混凝土构件的变形和裂缝

计算题参考答案

1． 承受均布荷载的矩形简支梁，计算跨度l0=4.0m，活荷载标准值- 112 -

qk=16kN/m，其准永久系数

混凝土结构设计原理课后习题答案

ψq=0.5，混凝土强度等级为C25，钢筋为HRB400级。环境类别为一类，安全等级为二级。试进行梁的截面设计，并验算梁的挠度。如混凝土强度等级改为C40，其他条件不变，重新计算并将结果进行对比分析。

解：根据跨度，初步选定截面尺寸为250mm×500mm。可得恒载gk2500.250.531.25kN/m

活荷载qk16 kN/m

M18ql2108(1.231.251.416)42119.8 kN•

m

查表可知C30以上时，梁的最小保护层厚度为25mm。故设h050035465mm

由混凝土和钢筋等级查表， 得fc14.3N/mm2；fy300 N/mm2；ft1.43 N/mm2s

11.0；10.8；b0.55

M119.8106sf246520.1551cbh01.014.3250

112s0.17b

- 113 -

a = 35mm，则

混凝土结构设计原理课后习题答案

s0.5(112s0.915

AM119.8106故

sf3000.915465939ysh0mm2

选用As(941 mm2）

0.45ftfA0.451.43300250500268y mm2<941 mm2

满足要求。

该用C40混凝土，配筋不变，计算其承载力。fc19.1N/mm2

fyAs9411fcbh30001.019.12504650.127

M2u1fcbh0(10.5)1.019.125046520.127(10.50.127)122.8KN•进行抗裂验算 ⑴ 求Mk和Mq

M121k8(gkqk)l08(31.2516)4294.5 KN•

m M121q(gk0.5qk)l0(31.258)428878.5 KN•

m

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m

混凝土结构设计原理课后习题答案

对于C30混凝土：

Ec3.0104N/mm2；

Es2.0105 N/mm2；ftk2.01 N/mm2

E5sAsE2.010941E1042504650.054cbh03.0

AsteA9410.52505000.0151te

Mk94.5106skh9412480As0.87465 N/mm2

1.1-0.65ftk.10.652.01te1sk0.01512480.751

Eh232BsAs020010941465s1.15ψ0.26.7510.260.0542.931013E1.150N․

mm2

BMk94M1)M.52.9310131.61013q(k78.594.5 N․mm2

5M2fk48Bl2594.5106400010481.610139.84200l020mm

满足要求。 对于C40混凝土：

Ec3.25104N/mm2；

Es2.0105 N/mm2；EsAs2.0105941EE3.251042504650.0498cbh0

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ftk2.4ψ N/mm2

混凝土结构设计原理课后习题答案

teskAs9410.0151Ate0.5250500

Mk94.5106248h0As0.87465941 N/mm2

ftkψ1.1-0.65tesk1.10.652.400.6830.0151248

mm2

2EsAsh02001039414652Bs3.16610131.15ψ0.26E1.150.6830.260.0498N․

BMk94.53.16610131.731013Mq(1)Mk78.594.5 N․mm2

5Mk2594.5106400021fl09.1l02048B482001.731013mm

满足要求。

从以上算例可以看出，当截面尺寸及配筋不变时，混凝土强度等级提高，其极限承载力和计算挠度变化不大，换句话说，如果挠度验算不满足，通过提高混凝土强度等级的方法效果不明显。

2． 承受均布荷载的矩形简支梁，计算跨度l0=6.0m，活荷载标准值qk=12kN/m，其准永久系数ψq=0.5；截面尺寸为b×h=200mm×400 mm，混凝土等级为C25，钢筋为HRB335级，4 16，环境类别为一类。试验算梁的跨中最大挠度是否符合挠度限值。

- 116 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

解：

gk2500.20.420kN/m；qk12 kN/m

M121k8(gkqk)l08(2012)62144 KN•

m M121q8(gk0.5qk)l08(206)62117 KN•

m

对于C25混凝土：

Ec2.8104N/mm2；

Es2.0105 N/mm2；ftk1.78As804 mm2；h0400258367 mm

EsAs2.0105804EE40.0782cbh03.010200367

AsteA8040.52004000.0201te

Mkskh144106367804560.950As0.87 N/mm2

1.1-0.65ftk1.10.651.78tesk0.0201560.950.997

2BEsAsh02001038043672s1.15ψ0.261.150.9970.260.07821.191013EN․

mm2

- 117 -

N/mm2

ψ混凝土结构设计原理课后习题答案

BMk1441.1910136.571012Mq(1)Mk117144 N․mm2

5Mk25144106600021fl082l03048B482006.571012mm

不满足要求。

3． 某屋架下弦杆按轴心受拉构件设计，截面尺寸为200mm×200mm，混凝土强度等级为C30，钢筋为HRB400级，418，环境类别为一类。荷载效应标准组合的轴向拉力Nk=160kN。试对其进行裂缝宽度验算。

解：

轴心受拉构件cr2.7；AsteAs10170.0254Ate2002001017mm2 ；ftk2.01 N/mm2

deq18mm

skNk160000157.33As1017 N/mm2

ftkψ1.1-0.65tesk1.10.652.010.7730.0254157.33

- 118 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

wmaxcrψskEs(1.9c0.08deqte)2.70.773157.3318(1.9250.08)0.1710.2542.0105mm〈wlim0.2 mm

满足要求。

4． 简支矩形截面普通钢筋混凝土梁，截面尺寸b×h=200 mm×500mm，混凝土强度等级为C30，钢筋为HRB335级，416，按荷载效应标准组合计算的跨中弯矩Mk=95kN•m；环境类别为一类。试对其进行裂缝宽度验算，如不满足应采取什么措施。

解：

对于C30混凝土：

As804Ec3.0104N/mm2；

Es2.0105 N/mm2；ftk2.01 N/mm2

mm2；h0500258466mm

EsAs2.0105804E0.05754Ecbh03.010200466

teskAs8040.01608Ate0.5200500

Mk95106291.4h0As0.87466804 N/mm2

ftkψ1.1-0.65tesk1.10.652.010.820.01608291.4

- 119 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

deq16mm；c25mm；cr2.1

skEs(1.9c0.08deqwmaxcrψte)2.10.82291.416(1.9250.08)0.31950.016082.010mm〉wlim0.2mm

不满足要求。可以采取增大截面高度的措施。

第十章 预应力混凝土构件

计算题参考答案

1． 一预应力混凝土轴心受拉构件，长24m，截面尺寸为250×160mm混凝土强度等级为C60，螺旋肋钢丝为10φH9，，先张法施工，在100m台座上张拉，端头采用镦头锚具固定预应力钢筋，超张拉，并考虑蒸养时台座与预应力筋之间的温差t20C，混凝土达到强度设计值的80%时放松预应力筋（题图10—1）。试计算各项预应力损失值。

- 120 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

题图10—1 解：计算各项预应力损失：

①锚具变形和钢筋内缩引起的预应力损失。

已知台座长为100m，设有一块垫板，锚具变形和钢筋内缩值为2mm。 则由下式计算损失

l1a2Ep2.051054.1Mpa3l10010

②预应力钢筋与孔道壁之间的摩擦引起的预应力损失。 由于先张法直线张拉，无特殊转折，因此无此项损失。

③预应力钢筋与承受拉力设备之间的温度差引起的预应力损失。 温差为20℃，由下面公式计算损失

- 121 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

l3Ept2t22040Mpa

④预应力钢筋松弛引起的预应力损失。 因为0.7fptkcon0.75fptk0.8fptk；低松弛；所以

con0.75fptkl40.20.575con0.20.5750.75fptkfptkfptk41.2Mpa

⑤混凝土收缩、徐变引起的预应力损失 该项损失为第二批损失。因为

Ep2.051055.694Ec3.610

EpApAsA010323.140.7%2400005.6933.14

ll1l3l44.14041.285.3Mpa

pcconlApAcEsAsEpAp1177.585.393.140.77Mpa400005.6993.14

45280pcf'cu45280则

l51150.770.86044.78Mpa1150.7%

- 122 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

2． 试对一后张法预应力混凝土屋架下弦杆锚具的局部受压验算（题图10—2）。已知混凝土强度等级C60，预应力钢筋采用刻痕钢丝，钢筋用7φⅠ5二束，张拉控制应力con0.75fptk。用OVM型夹具式锚具进行锚固，锚具直径为100mm，锚具下垫板厚度20mm，端部横向钢筋采用4片φ8焊接网片，网片间距为50mm。

题图10—2 解：

1．端部受压区截面尺寸验算

OVM锚具的直径为100mm，垫板厚为20mm。局部受压面积可按压力从锚具边缘在垫板中沿45°扩散的面积计算；在计算局部受压计算底面积时，可近似按所围矩形计算代替两个圆面积

- 123 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

Al22010022030800mm2

锚具下局部受压计算底面积

Ab22014026057200mm2

混凝土局部受压净面积

Aln308002450226875mm2

lAbA572001.36l30800

当fcuk60Mpa时，按直线内插法得c0.933，按式10—21

Fl1.2conAp1.20.751570274.8388.2kN

1.35clfcAln1.350.9331.3627.5268751266kN

满足要求

2．局部受压承载力计算

间接钢筋采用4片φ8方格焊接网片（HPB235），见图10—20—20（d）。

Acor25025062500mm2Al30800mm2

- 124 -

b），间距为s，网片尺寸见图10（混凝土结构设计原理课后习题答案

corAcor625001.425Al30800

间接钢筋的体积配筋率 当fcuk60Mpavn1As1l1n2As2l2450.3250450.32500.032Acors6250050

时，按直线内插法得0.925，按式（10—23）计算

c0.9

lfc2vcorfyAln0.90.9331.32227.520.9250.0321.425210268751296.5kNFl388.2kN

满足要求。

第九章 钢筋混凝土构件的变形和裂缝

计算题参考答案

- 125 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

1． 承受均布荷载的矩形简支梁，计算跨度l0=4.0m，活荷载标准值qk=16kN/m，其准永久系数ψq=0.5，混凝土强度等级为C25，钢筋为HRB400级。环境类别为一类，安全等级为二级。试进行梁的截面设计，并验算梁的挠度。如混凝土强度等级改为C40，其他条件不变，重新计算并将结果进行对比分析。

解：根据跨度，初步选定截面尺寸为250mm×500mm。 可得恒载gk活荷载qk2500.250.531.25kN/m

16 kN/m

m

121Mql0(1.231.251.416)42119.888 kN•

查表可知C30以上时，梁的最小保护层厚度为25mm。故设a = 35mm，则

h050035465mm

由混凝土和钢筋等级查表， 得fc14.3N/mm2；fy300 N/mm2；ft1.43 N/mm2

11.0；10.8；b0.55

- 126 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

M119.8106s225046520.1551fcbh01.014.3

112s0.17b s0.5(112s0.915

AM119.8106故

sfh939ys03000.915465mm2

选用As(941 mm2）

0.45ftfA0.451.43250500268y300 mm2<941 mm2

满足要求。

该用C40混凝土，配筋不变，计算其承载力。fc19.1N/mm2

fyAs9411fcbh30001.019.12504650.127

M2u1fcbh0(10.5)1.019.125046520.127(10.50.127)122.8KN•进行抗裂验算 ⑴ 求Mk和Mq

- 127 -

m

混凝土结构设计原理课后习题答案

M18(g21kkqk)l08(31.2516)4294.5 KN•

m M18(g5q21qk0.k)l08(31.258)4278.5 KN•

m

对于C30混凝土：

Ec3.0104N/mm2；

Es2.0105 N/mm2；ftk2.01E5sAs2.010E941E3.01044650.054cbh0250

teAs941A2505000.0151te0.5

M6skk94.510h874659412480As0. N/mm2

1.1-0.65ftk1.10.652.01tesk0.01512480.751

E2sAsh015ψ0.262001039414652Bs60.0542.9310131.E1.150.7510.2N․

mm2

BMk1)M94.552.9310131.61013Mq(k78.594. N․mm2

f5Mk48Bl2594.51064000210481.610139.84200l020mm

- 128 -

N/mm2

ψ混凝土结构设计原理课后习题答案

满足要求。 对于C40混凝土：

Ec3.25104N/mm2；

Es2.0105 N/mm2；ftk2.4 N/mm2

EsAs2.0105941EEbh0.0498c03.25104250465

teAsA941.52505000.0151te0

skMkhA94.51064659412480s0.87 N/mm2

1.1-0.65ftk10.652.40te1.sk0.01512480.683

E2sAsh02001039414652Bs1.15ψ0.263.1661013E1.150.6830.260.0498N․

mm2

BMk94.53.166101378.594.51.731013Mq(1)Mk N․mm2

5Mk2594.510640002f48Bl10481.7310139.1200l020mm

满足要求。

从以上算例可以看出，当截面尺寸及配筋不变时，混凝土强度等级提高，- 129 -

ψ其极限承载力和计算挠

混凝土结构设计原理课后习题答案

度变化不大，换句话说，如果挠度验算不满足，通过提高混凝土强度等级的方法效果不明显。

2． 承受均布荷载的矩形简支梁，计算跨度l0=6.0m，活荷载标准值qk=12kN/m，其准永久系数ψq=0.5；截面尺寸为b×h=200mm×400 mm，混凝土等级为C25，钢筋为HRB335级，4 16，环境类别为一类。试验算梁的跨中最大挠度是否符合挠度限值。

解：

gk2500.20.420kN/m；qk12 kN/m

M121k8(gkqk)l08(2012)62144 KN•

m M121q8(gk0.5qk)l08(206)62117 KN•

m

对于C25混凝土：

Ec2.8104N/mm2；

Es2.0105 N/mm2；As804 mm2；h0400258367 mm

E5sAs2.010Ebh804E.01043670.0782c03200

steAA8040.52004000.0201te

- 130 -

ftk1.78 N/mm2

混凝土结构设计原理课后习题答案

skMk144106560.95h0As0.87367804 N/mm2

ftkψ1.1-0.65tesk1.10.651.780.9970.0201560.95

mm2

2EsAsh02001038043672Bs1.1910131.15ψ0.26E1.150.9970.260.0782N․

BMk1441.1910136.571012Mq(1)Mk117144 N․mm2

5Mk25144106600021fl082l0301248B482006.5710mm

不满足要求。

3． 某屋架下弦杆按轴心受拉构件设计，截面尺寸为200mm×200mm，混凝土强度等级为C30，钢筋为HRB400级，418，环境类别为一类。荷载效应标准组合的轴向拉力Nk=160kN。试对其进行裂缝宽度验算。

解：

轴心受拉构件cr2.7；AsteAs10170.0254Ate2002001017mm2 ；ftk2.01 N/mm2

- 131 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

deq18mm

skNk160000157.33As1017 N/mm2

ftkψ1.1-0.65tesk1.10.652.010.7730.0254157.33

wmaxcrψskEs(1.9c0.08deqte)2.70.773157.3318(1.9250.08)0.17150.2542.010mm〈wlim0.2 mm

满足要求。

4． 简支矩形截面普通钢筋混凝土梁，截面尺寸b×h=200 mm×500mm，混凝土强度等级为C30，钢筋为HRB335级，416，按荷载效应标准组合计算的跨中弯矩Mk=95kN•m；环境类别为一类。试对其进行裂缝宽度验算，如不满足应采取什么措施。

解：

对于C30混凝土：

As804Ec3.0104N/mm2；

Es2.0105 N/mm2；ftk2.01 N/mm2

mm2；h0500258466mm

EsAs2.0105804E0.0575Ecbh03.0104200466

- 132 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

AsteA8040.52005000.01608te

skMkh95106466804291.40As0.87 N/mm2

1.1-0.65ftk1.10.652.01tesk0.01608291.40.82

deq16mm；c25mm；cr2.1

wsk291.4maxcrψE(1.9c0.08deqs)2.10.82te2.0105(1.9250.08160.01608)0.319mm〉不满足要求。可以采取增大截面高度的措施。

第十章 预应力混凝土构件

计算题参考答案

- 133 -

wlim0.2mm

ψ混凝土结构设计原理课后习题答案

1． 一预应力混凝土轴心受拉构件，长24m，截面尺寸为250×160mm混凝土强度等级为C60，螺旋肋钢丝为10φH9，，先张法施工，在100m台座上张拉，端头采用镦头锚具固定预应力钢筋，超张拉，并考虑蒸养时台座与预应力筋之间的温差t20C，混凝土达到强度设计值的80%时放松预应力筋（题图10—1）。试计算各项预应力损失值。



题图10—1 解：计算各项预应力损失：

①锚具变形和钢筋内缩引起的预应力损失。

已知台座长为100m，设有一块垫板，锚具变形和钢筋内缩值为2mm。 则由下式计算损失

l1a25Ep2.05104.1Mpa3l10010

- 134 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

②预应力钢筋与孔道壁之间的摩擦引起的预应力损失。 由于先张法直线张拉，无特殊转折，因此无此项损失。

③预应力钢筋与承受拉力设备之间的温度差引起的预应力损失。 温差为20℃，由下面公式计算损失

l3Ept2t22040Mpa

④预应力钢筋松弛引起的预应力损失。 因为0.7fptkcon0.75fptk0.8fptk；低松弛；所以

con0.75fptkl40.20.575con0.20.5750.75fptkfptkfptk41.2Mpa

⑤混凝土收缩、徐变引起的预应力损失 该项损失为第二批损失。因为

Ep2.051055.694Ec3.610

EpApAsA010323.140.7%2400005.6933.14

ll1l3l44.14041.285.3Mpa

- 135 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

pcconlApAcEsAsEpAp1177.585.393.140.77Mpa400005.6993.14

45280pc'fcu45280则

l51150.770.86044.78Mpa1150.7%

2． 试对一后张法预应力混凝土屋架下弦杆锚具的局部受压验算（题图10—2）。已知混凝土强度等级C60，预应力钢筋采用刻痕钢丝，钢筋用7φⅠ5二束，张拉控制应力con0.75fptk。用OVM型夹具式锚具进行锚固，锚具直径为100mm，锚具下垫板厚度20mm，端部横向钢筋采用4片φ8焊接网片，网片间距为50mm。

题图10—2

- 136 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

解：

1．端部受压区截面尺寸验算

OVM锚具的直径为100mm，垫板厚为20mm。局部受压面积可按压力从锚具边缘在垫板中沿45°扩散的面积计算；在计算局部受压计算底面积时，可近似按所围矩形计算代替两个圆面积

Al22010022030800mm2

锚具下局部受压计算底面积

Ab22014026057200mm2

混凝土局部受压净面积

Aln308002450226875mm2

lAb572001.36Al3080060Mpa

0.933当fcuk时，按直线内插法得c，按式10—21

Fl1.2conAp1.20.751570274.8388.2kN

1.35clfcAln1.350.9331.3627.5268751266kN满足要求

- 137 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

2．局部受压承载力计算

间接钢筋采用4片φ8方格焊接网片（HPB235），见图10—20（b），间距为s，网片尺寸见图10—20（d）。

Acor25025062500mm2Al30800mm2

corAcor625001.425Al30800

间接钢筋的体积配筋率 当fcuk60Mpavn1As1l1n2As2l2450.3250450.32500.032Acors6250050

时，按直线内插法得0.925，按式（10—23）计算

c0.9

lfc2vcorfyAln0.90.9331.32227.520.9250.0321.425210268751296.5kNFl388.2kN

满足要求。

- 138 -

混凝土结构设计原理课后习题答案

- 139 -